广东省惠阳高级中学学年高二下学期期中考试物理试题文档格式.docx

1、B、电路中磁通量的改变量越大，不能得出磁通量的变化率越大，所以感应电动势不一定越大故B错误；C、电路中磁通量变化越快，即磁通量的变化率大，所以感应电动势一定越大，故C正确；D、若电路中某时刻磁通量为零，但磁通量的变化率不一定为零，则该时刻感应电流不一定为零，故D错误；故选：C【点评】当电阻一定时，感应电流的大小与感应电动势成正大，而感应电动势却由磁通量的变化率决定，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关2. 如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd.当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是：A.

2、 一起向左运动B. 一起向右运动C. ab和cd相背运动，相互远离D. ab和cd相向运动，相互靠近【答案】D【解析】根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手定则知，ab所受安培力方向向右，cd所受安培力向左，即ab和cd相向运动，相互靠近故D正确，ABC错误故选D.3. 在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是：A. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭B. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，

3、a先熄灭，b后熄灭C. 合上开关，a先亮，b逐渐变亮；D. 合上开关，a、b同时亮；断开开关，b先熄灭，a后熄灭【答案】A【解析】由于a、b为两个完全相同的灯泡，当开关接通瞬间，b灯泡立刻发光，而a灯泡由于线圈的自感现象，导致灯泡渐渐变亮，由于两灯泡并联，L的电阻不能忽略，所以稳定后b比a更亮一些；当开关断开瞬间，两灯泡串联，由线圈产生瞬间电压提供电流，导致两灯泡同时熄灭，而且亮度相同，故A正确，BCD均错误故选A点睛：线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高同时线圈有阻碍电流的变化，注意的是灯泡会更亮的原因是电流变大的缘故.4. 某交变电流按如图所示的规律变化，则该交变电流的有效值为：A.

4、4A B. 5 A C. 4 A D. 5A【答案】B【解析】设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R，则解得：I=5A，故选B.5. 矩形导线框abcd固定在匀强磁场中,磁感线的方向与导线框所在平面垂直。规定磁场的正方向垂直纸面向里,磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示。若规定顺时针方向为感应电流i的正方向,图中的i-t图象正确的是：由图可知，01s内，线圈中磁通量的变化率相同，故01s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针，即电流为负方向；同理可知，12s内电路中的电流为顺时针，23s内，电路中的电流为顺时针，34s内，电路中的电流为逆时针，由E=可知，电路中电流大

5、小恒定不变故选D6. 如图所示的整个装置放在竖直平面内，欲使带负电的油滴P在两平行金属板间静止，导体棒ab将沿导轨运动的情况是：A. 向右匀减速运动B. 向右匀加速运动C. 向左匀减速运动D. 向左匀加速运动【答案】AD【解析】质量为m，电荷量为q的带负电的液滴处于静止状态有，电场强度的方向竖直向下，则上板电势高于下板，因此线圈N上端相当于电源的正极，下端相当于电源的负极根据安培定则可知，线圈N的磁场竖直向上，大小减小，或竖直向下，大小增大；当棒向右匀减速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由b到a，大小减小，则线圈M产生竖直向下的磁场，且大小减小，那么线圈N的磁场是竖直向上，大

6、小减小，符合题意，故A正确；当棒向右匀加速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由b到a，大小增加，则线圈M产生竖直向下的磁场，且逐渐增强，那么线圈N的磁场是竖直向上，大小增加，根据楞次定律，电容器下极板为正，故B错误；当棒向左匀减速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由a到b，大小减小，则线圈M产生竖直向上的磁场，且大小减小，那么线圈N的磁场是竖直向下，大小减小，不符合题意，故C错误；当棒向左匀加速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由a到b，大小增加，则线圈M产生竖直向上的磁场，且大小增强，那么线圈N的磁场是竖直向下，大小增强，根据楞次定律，电容器上

7、极板为正，故D正确，符合题意，故D正确；故选AD解决本题的关键根据液滴受力平衡求出平行板两端间的电势差，从而求出导体棒切割的速度通过电场的方向得出两端电势的高低，根据右手定则得出导体棒运动的方向7. 如图所示，竖直平面内有一足够长的宽度为L的金属导轨，质量为m的金属导体棒ab可在导轨上无摩擦地上下滑动，且导体棒ab与金属导轨接触良好，ab电阻为R，其他电阻不计导体棒ab由静止开始下落，过一段时间后闭合开关S，发现导体棒ab仍然做变速运动，则在以后导体棒ab的运动过程中，下列说法中正确的是：A. 导体棒ab做匀变速运动B. 导体棒的机械能守恒C. 单位时间内克服安培力做的功全部转化为内能D. 导

8、体棒ab最后做匀速运动时，速度大小为【答案】CD【解析】导体棒做变速运动，说明此时安培力与重力不平衡，速度将发生变化，安培力也随速度的变化而变化，则合外力变化，故导体棒不可能做匀变速运动，故A错误；由于导体棒受安培力作用，故机械能不守恒，故B错误；根据功能关系可知，单位时间内克服安培力做的功全部转化为内能，故C正确；最后匀速运动时，mg=BIL，而；E=BLv，联立解得最大速度为，故D正确故选CD本题是动态分析问题，不管导体棒是加速还是减速，都做加速度不断减小的运动，最后做匀速直线运动，根据牛顿第二定律并结合安培力公式、切割公式、闭合电路欧姆定律列式分析即可.8. 如图6所示，R是一个光敏电阻

9、，其阻值随光照强度的增加而减小。理想变压器原、副线圈的匝数比为101，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1220sin 100t（V），则（）A. 电压表的示数为22VB. 在天逐渐变黑的过程中，电流表A2的示数变小C. 在天逐渐变黑的过程中，电流表A1的示数变大D. 在天逐渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率变小【答案】BD根据公式计算电压表的示数，注意电压表示数为有效值；在天逐渐变黑的过程中，光敏电阻增大，先分析出副线圈中的电流，然后根据分析原线圈中电流；根据原线圈中功率决定变压器输入功率分析【点睛】在变压器中，副线圈消耗的功率决定了变

10、压器输入功率，电表示数为有效值三、非选择题：9. 如图是某实验小组在研究磁通量变化时感应电流方向实验中的部分操作示意图，图甲所示是电流通过灵敏检流计时指针的偏转情况，图乙是磁铁从线圈中抽出时灵敏检流计指针的偏转情况（1）图甲电路中串联定值电阻R主要是为了_A减小电路两端的电压，保护电源B增大电路两端的电压，保护电源C减小电路中的电流，保护灵敏检流计D减小电路中的电流，便于观察灵敏检流计的读数（2）实验操作如图乙所示，当磁铁向上抽出时，检流计G中指针是_偏（填“左”或“右”）；继续操作如图丙所示，判断此时条形磁铁的运动是_线圈（填“插入”或“抽出”）【答案】 （1）. C （2）. 右 （3）.

11、 抽出【点评】解决本题的关键掌握楞次定律的内容，并且能灵活运用10. 某同学利用如图所示的电路，测定一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL，实验室提供下列器材：待测线圈L，阻值约为2，额定电流为2A 电流表A1量程为0.6A，内阻r1为0.2 电流表A2量程为3A，内阻r2约为0.2 变阻器R1阻值为0-10，变阻器R2阻值为0-1k 电池 E，电动势为9V，内阻很小定值电阻 R3=10，R4=1000 开关S1，S2要求实验时，改变变阻器的阻值，待电路稳定时，可使在尽可能大的范围内测得多组A1表、A2表的读数I1、I2，利用I2-I1的图象，求出电感线圈的电阻（1）实验中定值电阻应选用_，变

12、阻器应选用_（填代号）（2）I2-I1对应的函数关系式为_（选用题干所给出的物理符号表示）（3）实验结束时应先断开开关_，后断开开关_（4）已知I2-I1图象的斜率为6.0，则电感线圈的直流电阻为_（结果保留3位有效数字）【答案】 （1）. R3 （2）. R1 （3）. （4）. S2 （5）. S1 （6）. 2.04【解析】（1）采用已知内阻的小量程电流表A1替代电压表测量电压，需要串联一个大于等于的定值电阻所以实验中定值电阻应选用阻值为10的R3，要用分压电路，选择较小的滑动变阻器，滑动变阻器应选用阻值为110的R1（2）由I1（R3+r）=（I2-I1）RL得：所以：（3）实验结束时

13、为防止烧坏电路，应先断开开关S2 ；将电感与A1断开；然后再断开S1；（4）由代入数据得：当实验中要求电流或电压的测量值从零或很小开始逐渐增大的实验必须采用分压电路；分压电路中滑动变阻器选择阻值较小的；对于电表的选择应遵循安全性、精确性、节能性、方便性原则综合考虑，灵活择取11. 如图，线框由裸导线组成，cd、ef两边竖直放置且相互平行，导体棒ab水平放置并可沿cd、ef无摩擦滑动，导体棒ab所在处为匀强磁场B22 T，已知ab长l0.1 m，整个电路总电阻R5 .螺线管匝数n4，螺线管横截面积S0.1 m2.在螺线管内有图示方向磁场B1，若10 T/s均匀增加时，导体棒恰好处于静止状态，试求：（g10 m/s2）（1）通过导体棒ab的电流大小？（2）导体棒ab质量m为多少？【答案】（1）0.8A；（2）0.016kg（1）螺线管产生的感应电动势:4100.1V=4V 2分=0.8ª 2分（2）ab所受的安培力 F=B2IL=20.80.1N=0.16N 2分导体棒静止时有F=mg 2分求得 m=0.16kg 2分考点：本题考查了法拉第电磁感应定律以及共点力平衡条件点评：本题的突破口是从共点力的平衡以及入手12. 交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO匀速转动一小型发电机的线圈共220匝，线圈面积S0.01 m2，线