高考速递四川省成都龙泉中学届高考模拟一理综物理试题附答案精品Word文档格式.docx

1、1011火星34102323A. 火星的第一宇宙速度较大 B. 火星做圆周运动的加速度较大C. 火星表面的重力加速度较小 D. 火星的公转周期较小【答案】C【解析】根据得，第一宇宙速度，火星质量和半径的比值较小，则火星的第一宇宙速度较小，故A错误火星和地球均绕太阳做圆周运动，根据得： ，T=，火星的轨道半径较大，则加速度较小，周期较大，故DB错误根据Gmg得：g=，由于火星质量和半径的二次方比值较大，则火星表面的重力加速度较大，故C正确故选C点睛：解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用2. 某区域的电场线分布如图所示，其中间一根

2、电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计在O 到A运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t 的变化、粒子的动能Ek和运动径迹上电势 随位移x的变化图线可能正确的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】AB、由图可知，从O到A点，电场线由疏到密，电场强度先减小后增大，方向不变，因此电荷受到的电场力先减小后增大，则加速度先减小后增大，v-t图像的斜率表示加速度的大小，故A错误，B正确；C、沿着电场线方向电势降低，而电势与位移的图象的斜率表示电场强度，故C错误；D、电荷在电场力作用下做正功

3、，导致电势能减小，则动能增加，由动能定理可得动能与位移的斜率表示电场力的大小，故D错误；故选B。3. 如图所示的电路中,电源的电动势为E,内阻为r,当闭合开关S1,滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,下列结论正确的是A. 小灯泡L变暗B. 电流表读数变大,电压表读数变小C. 电容器C上电荷量增加D. 电源的总功率变小【解析】滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,滑动变阻器的有效阻值变小,闭合电路的外电阻变小,电路总电流增加,路端电压减小,所以电流表读数变大,电压表读数变小,选项B正确.电路总电流增加,小灯泡L变亮,选项A错误.小灯泡L两端电压增加,滑动变阻器两端的电压减小,电容器的电压减小,电容器上

4、的电荷量减小,选项C错误.当电路外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大,滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,外电路电阻变小,外电路电阻可能比电源内阻相差更大,也可能相差更小,所以电源的输出功率可能减小,也可能变大,选项D错误.4. 如图所示，一长为l的平板AB，可以绕端点B在竖直面内转动，在板的A端沿水平方向抛出一小球，结果小球刚好落在B端，改变平板的倾角，要保证小球水平抛出后仍能落到B端，则小球的初速度v0与板的倾角（090）之间关系应满足C. 【解析】小球做平抛运动，在竖直方向上有：，解得：，则初速度为：，故选C.【点睛】小球做平抛运动，而平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自

5、由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间，再根据水平位移和时间求出小球的初速度5. 长为L的水平极板间，有垂直纸面向内的匀强磁场，如图所示，磁感应强度为B，板间距离也为L，板不带电，现有质量为m，电量为q的带正电粒子（不计重力），从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是A. 使粒子的速度v3BqL/2mB. 使粒子的速度vBqL/2mD. 使粒子速度BqL/4mv【答案】A【解析】如图所示，由题意知，带正电的粒子从左边射出磁场，其在磁场中圆周运动的半径R，故粒子在磁场中做圆周运动洛伦兹力提供向心力即：qvB=m，可得粒子做圆周运动的半径： 粒子不打

6、到极板上且从左边射出，则： 即：带正电的粒子从右边射出，如图所示，此时粒子的最小半径为R，由上图可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圆周运动的最大半径：R=又因为粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，粒子从右边射出，则：即：故欲使粒子不打在极板上，粒子的速度必须满足v或，故A正确，BCD错误；故选A.该题考查了有界磁场的问题，利用几何关系求出轨迹半径是解题的关键能根据沦洛伦兹力提供向心力得到粒子做圆周运动的半径和粒子速度的关系，并能根据几何关系求出粒子不射出磁场的半径条件6. 如图所示，一个质量为4 kg的半球形物体A放在倾角为37的斜面B上静止不动若用通过球心的水平推力F10 N作用在物体上

7、，物体仍静止在斜面上，斜面仍相对地面静止已知sin 370.6，cos 370.8，取g10 m/s2，则A. 物体A受到斜面B的摩擦力增加8 NB. 物体A对斜面B的作用力增加10 NC. 地面对斜面B的弹力不变D. 地面对斜面B的摩擦力增加10 N【答案】CD【解析】若用通过球心的水平推力F10 N作用在物体上，物体仍静止在斜面上，将该力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，由平衡条件可得：Fcos 37Ffmgsin 37，解得摩擦力Ff16 N物体A受到斜面B的摩擦力减小Ff24 N16 N8 N，选项A错误；没有施加水平力F时，根据平衡条件，A受斜面作用力与重力等大反向，即大小为40 N，根

8、据牛顿第三定律，物体A对斜面的作用力为40 N，方向竖直向下施加水平力F后，物体A对斜面的作用力如图，FN10N，物体A对斜面B的作用力增加（1040）N，选项B错误；把物体A和斜面B看做整体，分析受力，由平衡条件可知，地面对斜面B的弹力不变，摩擦力增加10 N，选项C、D正确7. 以下是有关近代物理学的若干叙述，其中正确的有A. 紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大B. 每个核子只跟邻近的核子发生核力作用C. 原子核式结构模型是由汤姆孙在粒子散射实验基础上提出的D. 关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象【答案

9、】BD【解析】紫外线照射到金属锌板表面时能产生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的数目也随之增大，光电子的最大初动能不变，选项A错误；核力是短程力，每个核子只跟邻近的核子发生核力作用，选项B正确；原子核式结构模型是由卢瑟福在粒子散射实验基础上提出的，选项C错误；关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象，选项D正确；故选BD.8. 如图所示，左侧为一个固定在水平桌面上的半径为R的半球形碗，碗口直径AB水平，O点为球心，碗的内表面及碗口光滑。右侧是一个足够长的固定光滑斜面。一根不可伸长的轻质细绳跨过碗口及竖直固定的轻质光滑定滑轮，细绳两端分别系有可视为质点的小球m1和物

10、块m2，且m1m2。开始时m1恰在A点，m2在斜面上且距离斜面顶端足够远，此时连接m1、m2的细绳与斜面平行且恰好伸直，C点是圆心O的正下方。当m1由静止释放开始运动，则下列说法中正确的是A. 在m1从A点运动到C点的过程中，m1与m2组成的系统机械能守恒B. 当m1运动到C点时，m1的速率是m2速率的倍C. m1不可能沿碗面上升到B点D. m2沿斜面上滑过程中，地面对斜面的支持力始终保持恒定【答案】ACD【点睛】在从A点运动到C点的过程中，与组成的系统只有重力做功，系统的机械能守恒。将到达最低点C时的速度沿绳子方向和垂直绳子方向分解，沿绳子方向的速度等于的速度，根据平行四边形定则求出两个速度

11、的关系。对系统，运用机械能守恒定律，沿碗面上升的最大高度。分析斜面的受力情况，由平衡条件判断地面对斜面的支持力如何变化.三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须做答。第3340题为选考题，考生根据要求做答。9. 图甲为在气垫导轨上研究匀变速直线运动的示意图，滑块上装有宽度为d（很小）的遮光条，滑块在钩码作用下先后通过两个光电门，用光电计时器记录遮光条通过光电门1的时间t以及遮光条从光电门1运动到光电门2的时间t，用刻度尺测出两个光电门之间的距离X.（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，示数如图乙，则d=_cm（2）试验时，滑块从光电门1 的右侧某处由静

12、止释放，测得t=50ms ，则遮光条经过光电门1时的速度V=_m/s（3）保持其它实验条件不变，只调节光电门2的位置，滑块每次都从同一位置由静止释放，记录几组X及其对应的t，作出图像如图丙，其斜率为K，则滑块加速度的大小a与K的关系可表达为a=_。【答案】 （1）. 0.75 （2）. 0.15 （3）. 2K【解析】（1）主尺：0.7cm，游标尺：对齐的是5，所以读数为：50.1mm=0.5mm=0.05cm，故遮光条宽度d=0.75cm，（2）滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度。则滑块经过光电门时的速度为：（3）据及得图像的斜率，解得图象法处理数据时，要根据物理

13、规律写出横纵坐标之间的关系式。结合图象的截距、斜率等求解。10. 图甲是“用伏安法测量金属丝电阻率”的实验电路图（1）用螺旋测微器测得金属丝直径d如图乙所示，可读出d_ m.（2）闭合开关，调节P的位置，读出MP的长度为x时电压表和电流表的示数，算出对应的电阻R，利用多组数据绘出如图所示的Rx图象，可得该图线的斜率k_/m.（3） 利用图线的斜率k、金属丝的直径d，得到金属丝电阻率的表达式为_（4） 图中的a导线从电流表的“0.6 A”接线柱改接于电流表的“”接线柱上，可以测量电源的电动势和内阻闭合开关，调节P的位置，读出多组电压表和电流表的示数，把实验得到的数据绘成如图所示的UI图象，得出电源的电动势E_ V；若R02.0 ，则电源的内阻r_.【答案】 （1）. 3.95104 （2）. 10 （3）. （4）. 2.80 （5）. 1.0（1）用螺旋测微器测得金属丝直径d0.01mm39.5=0.395mm=3.9510-4 m.（2）R-x图象的斜率为：（3）由 可得： （4）图中的a导线从电流表的“0.6A”接线柱改接于电流表的“-”接线柱上，由U=E-I（R0+r）可得，U-I图象的纵轴的截距为电源的电动势E，斜率大小为（R0+r），所以E=2.80V（2.782.82都对）， ，解得：r=1.0（0.961.04都对）遇