届高三物理一轮复习热点滚动加强练1 必修1.docx

1、届高三物理一轮复习热点滚动加强练1 必修1热点滚动加强练(一)必修1考试时间：90分钟第卷(选择题共48分)评卷人得分一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分)热点夯实练热点一匀速直线运动的规律及应用1一汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，系统以50 Hz的频率监视前方的交通状况当车速v10 m/s，且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与障碍物相撞在上述条件下，若该车在不同路况下的“全力自动刹车”的加速度大小取46 m/s2之间的某一值，则“全力自动刹车”的最长时间为()A. s B sC2.

2、5 s D12.5 s【解析】当车速最大v10 m/s且加速度取最小值时，“全力自动刹车”时间最长，由速度与时间关系vv0at可知，ts2.5 s，C项正确【答案】C2为了求出楼房高度，让一石子从楼顶自由下落，空气阻力不计，根据下列测出的物理量的值，能计算出楼房高度的是(当地重力加速度g已知) ()A石子开始下落1 s内的位移 B石子落地时的速度C石子最后1 s内的位移 D石子通过最后1 m的时间【解析】设楼高为h，石子落到地面所需时间为t，落地时的速度为v.已知石子开始下落1 s内的位移，不能求出h，不选A；由v22gh，可求h，选B；已知最后1 s内的位移x，可以求解t0.5 s时刻的速度

3、v1，由v1g(t0.5 s)可求出t，再由h，可求出h，选C；设石子通过最后1 m的时间为t2，可求出t时刻的速度v2，由v2g(t)，进而求出t、h.选D.【答案】BCD热点二运动图象3.某小物块在一长木板上运动时，其运动的vt图线如图所示，已知小物块总在长木板上则下列说法正确的是() A小物块相对于长木板运动的距离为12 mB小物块相对于长木板运动的距离为6 mC长木板在04.0 s内的平均速度是2 m/sD在04.0 s内长木板和小物块的平均加速度相同【解析】小物块相对于长木板运动的距离等于小物块与长木板的vt图线所围的面积，即x1.5 m6 m，选项B正确，A错误；长木板在04.0

4、s内的位移为长木板的vt图线与时间轴所围的面积，即xm7 m，平均速度是1.75 m/s，选项C错误；在04.0 s内长木板和小物块的平均加速度大小相等，但方向相反，选项D错误【答案】B4如图所示为某质点运动的vt图象，24 s内图线为半圆形，下列说法正确的是()A12 s内质点的加速度大小为8 m/s2 B24 s内质点的位移大小为8 mC3 s末质点的速度为8 m/s D3 s末质点的加速度等于零【解析】由图可知12 s内质点的加速度大小为8 m/s2，所以选项A正确；24 s内质点的位移大小为m，选项B错误；3 s末质点的速度为1 m/s，选项C错误；3 s末质点的加速度等于零，选项D正

5、确【答案】AD热点三重力、弹力和摩擦力5三个质量均为1 kg的相同木块a、b、c和两个劲度系数均为500 N/m的相同轻弹簧p、q用轻绳连接，如图所示其中a放在光滑水平桌面上开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止状态现用水平力F缓慢地向左拉P弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止，g取10 m/s2.该过程p弹簧的左端向左移动的距离是() A4 cm B6 cmC8 cm D10 cm【解析】“缓慢地拉动”说明系统始终处于平衡状态，该过程中p弹簧的左端向左移动的距离等于两个弹簧长度变化量之和；最初，p弹簧处于原长，而q弹簧受到竖直向下的压力F1mbg110 N10 N，所以其压缩量为x12

6、cm；最终c木块刚好离开水平地面，q弹簧受到竖直向下的拉力F2mcg110 N10 N，其伸长量为x22 cm，拉力F(mbmc)g210 N20 N，p弹簧的伸长量为x34 cm，所以所求距离xx1x2x38 cm.【答案】C6如图所示，圆环套在水平棒上可以滑动，轻绳OA的A端与圆环套(重力不计)相连，O端与质量m1 kg的重物相连；定滑轮固定在B处，跨过定滑轮的轻绳，两端分别与重物m、重物G相连，当两条细绳间的夹角90，OA与水平杆的夹角53时圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，已知sin 530.8；cos 530.6，滑动摩擦力等于最大静摩擦力则下列说法正确的是()A

7、圆环与棒间的动摩擦因数0.75 B棒对环的支持力为1.6 NC重物G的质量M0.6 kg D圆环与棒间的动摩擦因数0.6【解析】因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有fFN.对环进行受力分析，则有：FNFTcos 0，FNFTsin 0，FTFTmgsin ，代入数据解得：cot ，FN6.4 N，A正确，BD错误；对重物m：Mgmgcos ，得：Mmcos 0.6 kg，C正确【答案】AC热点四力的合成与分解7(2018衡水检测)如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在圆弧形墙壁上的C点当点C由图示

8、位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中(保持OA与地面夹角不变)，OC绳所受拉力的大小变化情况是()A逐渐减小 B逐渐增大C先减小后增大 D先增大后减小【解析】对G分析，G受力平衡，则拉力等于重力，故竖直绳的拉力不变；再对O点分析，O受绳子的拉力、OA的支持力及OC的拉力而处于平衡；受力分析如图所示；将F和OC绳上的拉力合成，其合力与G大小相等，方向相反，则在OC上移的过程中，平行四边形的对角线保持不变，平行四边形发生图中所示变化，则由图可知OC的拉力先减小后增大，图中D点时力最小；故选C.【答案】C热点五共点力的平衡8.如图所示，用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形

9、物块Q，P、Q均处于静止状态，现有一铅笔紧贴墙壁从O点开始缓慢下移，则在铅笔缓慢下移的过程中() A细绳的拉力逐渐变小BQ受到墙壁的弹力逐渐变大CQ受到墙壁的摩擦力逐渐变大DQ将从墙壁和小球之间滑落【解析】对P受力分析，P受到重力、拉力和Q对P的支持力处于平衡，设拉力与竖直方向的夹角为，根据共点力平衡有：拉力F，Q对P的支持力FNmgtan .铅笔缓慢下移的过程中，增大，则拉力F增大，Q对P的支持力增大，故A错误对Q受力分析知，在水平方向上P对Q的压力增大，则墙壁对Q的弹力增大，在竖直方向上重力与摩擦力相等，所以Q受到的摩擦力不变，Q不会从墙壁和小球之间滑落，故B正确，C、D错误【答案】B9.

10、如图所示，在倾角为的光滑斜面上放一个重为G的小球，并用光滑的挡板挡住，挡板与斜面的夹角为(最初)，挡板从图示位置以O为轴逆时针缓慢转至水平，在此过程中小球始终处于平衡状态，当挡板对小球的弹力大小等于小球的重力时，的大小可以为() A B2C D2【解析】重力沿垂直于挡板和斜面方向分解，两个分力大小分别等于挡板和斜面对小球的弹力，以表示重力的线段末端为圆心，该线段长为半径画辅助圆，如图甲所示，由几何知识得；当挡板转到水平时，如图乙所示，故A、C正确【答案】AC热点六牛顿第二定律、两类动力学问题10(2018云南玉溪期中)如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连

11、接C物体，已知A和C的质量都是1 kg，B的质量是2 kg，A、B间的动摩擦因数是0.3，其他摩擦不计由静止释放，C下落一定高度的过程中(C未落地，B未撞到滑轮)，下列说法正确的是()AA、B两物体发生相对滑动BA物体受到的摩擦力大小为2.5 NCB物体的加速度大小是2.5 m/s2D细绳的拉力大小等于10 N【解析】假设A、B相对静止，将A、B、C看作一个整体，对整体有mCg(mAmBmC)a，解得a2.5 m/s2，则A的加速度为a2.5 m/s2，水平方向上B给A的静摩擦力产生加速度，即有fmAa，即得f2.5 N，而A、B间发生相对滑动的最大静摩擦力为fmmAg3 Nf，故假设成立，所

12、以A、B相对静止，A错误，B、C正确；设绳子的拉力为T，则根据牛顿第二定律可得T(mAmB)a7.5 N，故D错误【答案】BC热点七牛顿运动定律的综合应用11如图所示，一长木板在水平地面上运动，在某时刻(t0)将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有相同的动摩擦因数，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上在物块放到木板上之后，木板运动的速度时间图象可能是下列选项中的()【解析】在达到相同速度之前，有mg2mgma1a13g达到相同速度之后，有2mg2ma2a2g由加速度可知，图象A正确【答案】A12如图甲所示，水平面上

13、有一倾角为的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的轻质细绳系一质量为m的小球斜面以加速度a水平向右做匀加速直线运动，当系统稳定时，细绳对小球的拉力和斜面对小球的支持力分别为T和FN.若Ta图象如图乙所示，AB是直线，BC为曲线，重力加速度为g10 m/s2.则()Aam/s2时，FN0B小球质量m0.1 kgC斜面倾角的正切值为D小球离开斜面之前，FN0.80.06a(N)【解析】小球离开斜面之前，以小球为研究对象，进行受力分析，可得Tcos FN sin ma，Tsin FN cos mg，联立解得FNmgcos masin ，Tmacos mgsin ，所以小球离开斜面之前，Ta图象呈线性关系，

14、由题图乙可知am/s2时，FN0，选项A正确；当a0，T0.6 N，此时小球静止在斜面上，其受力如图1所示所以mgsin T；当am/s2时，斜面对小球的支持力恰好为零，其受力如图2所示，所以ma，联立可得tan ，m0.1 kg，选项B、C正确；将和m的值代入FNmgcos masin ，得FN0.80.06a(N)，选项D错误【答案】ABC第卷(非选择题共52分)评卷人得分二、非选择题(本大题共6小题，共52分)热点综合练13(4分)(涉及验证力的平行四边形定则，有关实验原理与操作，数据处理与误差分析)图甲为“验证力的平行四边形定则”的实验装置(1)下列说法中正确的是_A在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B用弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下CF1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D为减小测量误差，F1、F2方向间夹角应为90(2)弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为_N.【解析】(1)在同一组数据中，只有当橡皮条结点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一