物理江苏省苏州市届高三上学期期末试题精校解析版Word下载.docx

1、 A OA绳中的拉力先减小后增大 B OB绳中的拉力不变 C 人对地面的压力逐渐减小 D 地面给人的摩擦力逐渐增大【答案】D【解析】将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐渐变大；OA拉力变大，则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变；【考点】 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.3如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C下

2、列判断正确的是（） A 粒子一定带负电 B A处场强大于C处场强 C 粒子在A处电势能大于在C处电势能 D 粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功【答案】B【解析】根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向左，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带正电故A错误；等差等势面的疏密反映电场强度的大小，A处场强大于C处场强，故B正确；从A点飞到C点，电场力方向与速度的夹角为钝角，电场力做负功，电势能增大，故C错误；根据W=Uq知电势差相同，电场力做功相同，故D错误【考点】 等势面；电场线.4如图所示是质量为m的小球靠近墙面竖直上抛

3、的频闪照片，甲图是上升时的照片，乙图是下降时的照片，O是运动的最高点假设小球所受阻力大小不变，重力加速度为g，据此估算小球受到的阻力大小为（） A mg Bmg C mg D mg【答案】B【解析】设每块砖的厚度是d，向上运动上运动时：9d3d=aT2向下运动时：3dd=联立得： 根据牛顿第二定律，向上运动时：mg+f=mamgf=ma联立得：f=mg；【考点】 牛顿第二定律；竖直上抛运动.5一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地两板间有一个正检验电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、表示P点的电势，W表示正电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向

4、右平移一小段距离l0的过程中各物理量与负极板移动距离x的关系图象中正确的是（） A B C D 【答案】C【解析】当负极板右移时，d减小，由C= 可知，C与x图象不能为一次函数图象，故A错误；由U=可知，U=，则E=，故E与d无关，故B错误；因负极板接地，设P点原来距负极板为l，则P点的电势=E（ll0）；故C正确；电势能E=q=Eq（ll0），不可能为水平线，故D错误；【考点】 电容器的动态分析.6一个物体静止在质量均匀的球形星球表面的赤道上已知万有引力常量为G，星球密度为，若由于星球自转使物体对星球表面的压力恰好为零，则星球自转的角速度为（） A B C G D【答案】A【解析】设某行星质

5、量为M，半径为R，物体质量为m，万有引力充当向心力，则有G =mR2，又M=V=R3联立两式解得：=【考点】 万有引力定律及其应用.7用两根足够长的粗糙金属条折成“”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd和导轨垂直且接触良好已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中当ab杆在水平拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（） A cd杆一定向下做匀速直线运动 B cd杆一定向下做匀加速直线运动 C F做的功等于回路中产生的焦耳热与ab杆克服摩擦做功之和 D F的功率等于ab杆上的焦耳热功率与摩擦热功

6、率之和【解析】由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定； cd棒竖直方向上受到向下的重力和向上滑动摩擦力f，水平方向受到轨道的支持力N和安培力FA，则f=N=FA=BIL，可知f大小不变若重力大于滑动摩擦力，cd杆做匀加速运动；若重力等于滑动摩擦力，cd杆做匀速运动；故A错误，B错误；导体棒ab做匀速直线运动，受拉力、重力、向左的安培力、向左的滑动摩擦力和向上的支持力；故拉力做的功等于ab杆克服摩擦做功和克服安培力做功之和，ab杆克服安培力做功等于回路中产生的焦耳热，故F做的功等于回路中产生的焦耳热与ab杆克服摩擦做功之和，故C

7、正确； F做的功等于回路中产生的焦耳热与ab杆克服摩擦做功之和，故F的功率等于回路上的焦耳热功率与摩擦热功率之和，故D错误；【考点】 导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分8如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，R1是用氧化锰等金属氧化物烧结而成的热敏电阻，R0为定值电阻原线圈接如图乙所示的正弦交流电，下列说法正确的是（） A 交流电压u的表达式u=36sin100t（V） B 变压器原、副线圈中的电流

8、之比为1：4 C 变压器输入、输出功率之比为1： D 当R1温度升高时，电压表和电流表的读数均变大【答案】AB【解析】由图乙可知交流电压最大值Um=36V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值为=100，则可得交流电压u的表达式 U=36sin100tV，故A正确；理想变压器原、副线圈的匝数比为4：1，所以变压器原、副线圈中的电流之比为1：4，故B正确；变压器输入、输出功率之比为1：1，故C错误；当R1温度升高时，阻值减小，电压表示数不变，电流表的示数变大，故D错误；【考点】 变压器的构造和原理.9如图所示，小球B放在真空正方体容器A内，球B的直径恰好等于A的内边长，现将它们以初速度v0

9、竖直向上抛出，下列说法中正确的是（） A 若不计空气阻力，下落过程中，B对A没有弹力 B 若考虑空气阻力，上升过程中，A对B的弹力向下 C 若考虑空气阻力，下落过程中，B对A的弹力向上 D 若不计空气阻力，上升过程中，A对B有向上的弹力【答案】AB【解析】将容器以初速度V0竖直向上抛出后，若不计空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度为g，再以容器A为研究对象，上升和下落过程其合力等于其重力，则B对A没有压力，A对B也没有支持力故A正确，D错误；若考虑空气阻力，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到：上升过程加速度大于g，再以球B为研究对象，根据牛顿第二定律分析：B受到的合力大于

10、重力，B除受到重力外，还应受到向下的压力A对B的压力向下故B正确；下落过程加速度小于g，再以B为研究对象，根据牛顿第二定律分析：A受到的合力小于重力，B除受到重力外，还应受到向上的力，即A对B的支持力向上，B对A的压力向下，故C错误【考点】 牛顿运动定律的应用超重和失重.10如图所示是研究自感通电实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节电阻R，使两个灯泡的亮度相同，调节可变电阻R1，使他们都正常发光，然后断开电键S重新闭合电键S，则（） A 闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮 B 闭合瞬间，A2立刻变亮，A1逐渐变亮 C 稳定后，L和R两端电势差一定相同 D 稳定后，A1

11、和A2两端电势差不相同【答案】BC【解析】闭合瞬间，L相当于断路，A2立刻变亮，A1逐渐变亮，稳定后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，L和R两端电势差一定相同，选项BC正确AD错误故选BC【考点】 自感现象和自感系数.11质量为2103kg的汽车由静止开始沿平直公路行驶，行驶过程中牵引力F和车速倒数的关系图象如图所示己知行驶过程中最大车速为30m/s，设阻力恒定，则（） A 汽车所受阻力为6103 N B 汽车在车速为5 m/s时，加速度为3m/s2 C 汽车在车速为15 m/s时，加速度为lm/s2 D 汽车在行驶过程中的最大功率为6104 W【答案】CD【解析】当牵引力等于阻力

12、时，速度最大，由图线可知阻力大小f=2000N，故A错误；倾斜图线的斜率表示功率，可知P=fv=200030W=60000W，车速为5m/s时，汽车做匀加速直线运动，加速度a= ，故B错误；当车速为15m/s时，牵引力，则加速度a= ，故C正确；汽车的最大功率等于额定功率，等于60000W故D正确【考点】 功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律.12在如图（a）所示的电路中，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示则（） A 电源内电阻的阻值为10 B 电源的最大输出功率为1.8W

13、C 滑动变阻器R2的最大功率为0.9W D 图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线【答案】BCD【解析】AD、将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，R1的电压和电源的内电压增大，则R2的电压减小，所以电压表V1的示数增大，电压表V2的示数减小，可知图线乙反映的是电压表V1的示数随电流的变化，图线甲反映的是电压表V2的示数随电流的变化根据闭合电路欧姆定律得： 电压表V2的示数 U2=EI（R1+r） 由图线甲的斜率大小等于R1+r，由图知：R1+r=10 图线的斜率等于R1，则R1=5 则得：r=5，故A错误，D正确B、由甲图知：I=0.2A时，U2=4V，则电源的电动势为 E=U2+I（R1+r）=4+0.2（5+5）=6V当R1+R2=r时电源的输出功率最大，则电源的最大输出功率为 Pm= W=1.8W，故B正确C、将Rl看