届湖北省黄冈市高三年级质量检测物理试题解析版.docx

1、届湖北省黄冈市高三年级质量检测物理试题解析版湖北省黄冈市2019届高三年级9月质量检测物理试卷祝你考试顺利注意事项：1、考试范围：高考考查范围。2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律

2、无效。5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。6、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。一、选择题1.下列关于牛顿第一定律的说法正确的是（ ）A. 牛顿第一定律可以通过实验直接验证B. 牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因C. 牛顿第一定律说明物体做何种运动与其受力无关D. 牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持【答案】B【解析】【详解】牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家的结论的基础上得出了牛顿第一定律，牛顿第

3、一定律不可以通过实验验证的。故A错误；牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因，选项B正确；牛顿第一定律说明物体做何种运动与其受力有关，选项C错误；牛顿第一定律说明物体的运动不需要力来维持，选项D错误；故选B.2.如图，木块A、B紧挨在一起静止在斜面上，木块A、B的接触面光滑，下列说法正确的是（ ）A. 木块A的质量一定小于木块B的质量B. 木块A的质量一定不大于木块B的质量C. 术块A、B间可能没有弹力D. 术块A一定受到4个力的作用【答案】C【解析】【详解】滑块能否在斜面上静止取决于滑块与斜面之间的摩擦因数，与滑块的质量大小无关，选项AB错误；当AB与斜面之间的摩擦因数满足tan时，两物

4、块之间没有弹力作用，此时A受到重力、斜面的支持力和摩擦力三个力的作用，则选项C正确，D错误；故选C；3.在2018年印尼雅加选亚运会上，中国撑杆跳运动员李玲获得撑杆跳金牌，图为她在比赛中的几个画面。下列说法中正确的是（ ）A. 她在助跑过程中，一定做匀加速直线运动B. 她在上升过程中，处于失重状态C. 她在下落过程中，处于失重状态D. 她过晟高点时的速度为零【答案】C【解析】【详解】她在助跑过程中，不一定做匀加速直线运动，选项A错误；她在上升过程中，先加速后减速，先超重后失重，选项B错误；她在下落过程中，加速度向下，处于失重状态，选项C正确； 她过最高点时的还有水平速度，则速度不为零，选项D错

5、误；故选C.【点睛】此题关键是要高清运动员在整个过程中的运动过程，知道加速度向下时失重，加速度向上时超重.4.极限滑板运动深受青少年喜爱，某滑板运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中（ ）A. 所受支持力始终恒定B. 所受合外力大小不变C. 所受摩擦力大小不变D. 所受合外力始终为零【答案】B【解析】【详解】运动员从A到B的过程中，滑道与水平方向之间的夹角逐渐减小，可知运动员所受支持力mgcos逐渐变大，选项A错误；根据 可知，运动员所受合外力大小不变，且不为零，选项B正确，D错误

6、；运动员下滑过程中受到重力、滑道的支持力与滑动摩擦力，由图可知，运动员从A到B的过程中，滑道与水平方向之间的夹角逐渐减小，则重力沿斜面向下的分力逐渐减小，运动员的速率不变，则运动员沿滑道方向的合外力始终等于0，所以滑动摩擦力也逐渐减小。故C错误。故选B。【点睛】本题抓住运动员做的是匀速圆周运动，速率不变，而速度、加速度、合外力方向都是变化的。摩擦力的判断要根据切向方向受力平衡来判断，不能通过f=FN来判断.5.如图所示，足够长的刚性直杆上套有轻质环A（质量不计），环下方用轻绳接着一个质量为m的小球B，杆与水平方向成角，当环沿杆下滑时，小球B相对于A静止，下列说法正确的是（ ）A. 无论环与杆之

7、间有无摩擦，B的加速度都是gsinB. 无论环与杆之间有无摩擦，B的加速度都沿杆向下C. 无论环与杆之间有无摩擦，轻绳都与杆垂直D. 若环与杆之间有摩擦轻绳可能竖直【答案】BD【解析】【详解】由AB相对静止，则AB具有共同加速度，环不受摩擦力时，对整体分析，其加速度aA=aB=gsin，隔离对B分析，F合B=Gsin，可知轻绳与杆垂直；故AC错误。环受摩擦力时aA=aBgsin，当aA=aB=0时，轻绳竖直；当0aA=aBgsin 时，轻绳的拉力和重力提供B的加速度，此时轻绳不处于竖直状态，但是由于AB相对静止，A的加速度方向沿杆向下，则B的加速度也沿杆向下，故BD正确。故选BD。6.如图所示

8、，两个质量均为m的物块A和B通过一轻弹簧连接，并放置于倾角为的光滑固定斜面上，用一轻绳一端连接B，另一端固定在墙上，绳与斜面平行，物块A和B静止突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为aA和aB，（弹簧在弹性限度内，重力加速度为（ ）A. aA = 0,aB = 2gsinB. aA =gsin,aB =2gsinC. aA =0,aB = gsinD. aA = aB = gsin【答案】A【解析】【详解】开始系统静止，由平衡条件得，对A：T=mgsin，对B：F绳=T+mgsin，细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则A受力情况未变，A所受合外力为零，加速

9、度为零，即：aA=0；对B，由牛顿第二定律得：；故选A。【点睛】该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中7.初速度不为零的小球只受到一个大小不变的力的作用，下列说法正确的是（ ）A. 小球可能做曲线运动B. 小球的位置可能保持不变C. 小球的速度大小可能保持不变D. 小球的加速度一定保持不变【答案】AC【解析】【详解】当物体的速度方向与力F不共线时，物体做曲线运动，选项A正确；物体受合力不为零，一定会运动，则小球的位置不可能保持不变，选项B错误；若力F与速度垂直，因力F大小不变，方向不断变化，可知物体能做匀速圆周运

10、动，速度的大小保持不变，选项C正确；物体受的合外力不为零，但是方向不确定，则加速度不一定保持不变，选项D错误；故选AC.8.甲、乙两汽车在两条平行平直公路上行驶，其位移一时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示，下列说法正确的是（ ）A. 两车在t1、t2时刻同向并排行驶B. 两车在t1、t2时刻反向并排行驶C. 甲、乙两车的速度大小都是先减小后增大D. 甲、乙两车的速度大小都是先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】x-t图像的斜率等于速度大小，斜率的符号表示速度的方向，则由图像可知，两车在t1、t2时刻位移都相同，速度方向相反，可知两车反向并排行驶，选项A错误，B正确；x-t图像的斜率等于速度

11、大小，可知甲、乙两车的速度大小都是先减小后增大，选项C正确，D错误；故选BC.【点睛】解答本题的关键是要知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，斜率的符号表示速度的方向；两车的图像的交点表示两车相遇9.如图所示，电动小船从A码头出发渡河渡河过程中小船相对水的速度大小一定。已知河宽为d，河水流速恒定，则下列判断错误的是（ ）A. 若船头垂直河岸方向渡河，则渡河时间最短B. 若船头垂直河岸方向渡河则渡河位移最短C. 若船头与上游河岸夹角合适，则船有可能到达正对岸的B点D. 无论船头指向何方，渡河的最短位移都不可能为d【答案】BD【解析】【详解】若船头垂直河岸方向渡河，则船速沿垂

12、直河岸方向的分速度最大，此时渡河时间最短，选项A正确；若船头垂直河岸方向渡河，则船沿河岸方向有位移，此时渡河位移不是最短，选项B错误；若船速大于河水流速，若船头与上游河岸夹角合适，使得船速和河水速度的合速度方向垂直河岸方向，则船能到达正对岸的B点，此时渡河的最短位移为d，选项C正确，D错误；此题选择不正确的选项，故选BD.【点睛】此题考查运动的合成与分解的应用，掌握当船速垂直河岸时，渡河时间最短，而当船速大于河水速度时，当合速度垂直河岸时，过河的路径最短10.如图所示，粗糙水平地面上放有两个完全相同的物块A、B（可视为质点），两物体之问用一根轻质细线相连，在细线的中点施加一竖直向上的拉力F，使

13、两物块从图示位置（= 60）开始缓慢靠近，则此过程中（ ）A. 竖直向上的拉力F逐渐增大B. 两物块所受的摩擦力逐渐减小C. 细线中的张力一定先减小后增大D. 细线中的张力一定增大【答案】AB【解析】【详解】对其中的一个物体：水平方向：解得，则 ，则当角从600逐渐变为900时，F逐渐变大，选项A正确；两物块所受的摩擦力 ，则当角从600逐渐变为900时，f逐渐变小，选项B正确；细线中的张力，其中，则当角从600逐渐变为900时，F1的变化趋势不能确定，选项CD错误；故选AB.【点睛】题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力

14、的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。二、实验题11.下列几幅图片是高中力学实验中常用的仪器和装置，其中描述正确的是_ A图甲中电磁打点计时器和电火花计时器均使用交流电，工作电压都为220VB图乙是“验证力的平行四边形定则”的实验装置，采用的科学方法是模型法C利用图丙装置可以探究小车速度随时间变化的规律，该蜜验不需要平衡摩擦力D利用图丁装置可以探究弹力和弹簧伸长量关系，读取指针指示的刻度值时，选择弹簧指针运动至最高的位置读取E利用图戊装置研究平抛运动，可以描绘平抛运动的轨迹，并测定平抛初速度【答案】CE;【解析】【详解】图甲中电磁打点计时器和电火花计时器均使用

15、交流电，电火花计时器工作电压为220V，电磁打点计时器工作电压为4-6V，选项A错误；图乙是“验证力的平行四边形定则”的实验装置，采用的科学方法是等效替代法，选项B错误；用图丙装置可以探究小车速度随时间变化的规律，该实验不需要平衡摩擦力，选项C正确；用图丁装置可以探究弹力和弹簧伸长量关系，读取指针指示的刻度值时，选择弹簧指针静止时的位置读取，选项D错误；利用图戊装置研究平抛运动，可以描绘平抛运动的轨迹，并测定平抛初速度，选项E正确；故选CE.12.图(a)所示为测量木块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图。提供的 器材有：光电计时器，固定有遮光片的木块（图中未画出遮光片），游标卡尺，米尺，

16、8个质量均为m的钩码以及细线等实验操作过程如下：按图(a)所示组装好实验装置，用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s将细线一端与木块相连，另一端跨过定滑轮挂上钩码，其余钩码都叠放在木块上；调整轻滑轮，使细线水平让木块从光电门的左侧由静止释放，分别测出遮光片经过光电门A和B所用的时间tA和tB，记下悬挂钩码的个数n将木块上的钩码逐个移到悬挂钩码端，更换纸带，重复实验操作，测出每条纸带对应术块运动的加速度a作出a-n图象如图(c)所示回答下列问题：(1)测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图(b)所示，其读数为_ cm(2)物块的加速度a可用d、s、tA和

17、tB表示为a=_(3)根据图(c)中的a一n图线，动摩擦因数可表示为=_（选用图线中的截距b、 p和重力加速度g表示）(4)如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于 _（填“偶然误差”或“系统误差”）【答案】 (1). 0.960； (2). ； (3). ； (4). 系统误差；【解析】【详解】（1）游标卡尺读数为：0.9cm+0.05mm12=0.960cm；（2）物块经过AB两个光电门的速度分别为：，根据vB2-vA2=2as解得 （3）对小车和钩码的系统，根据牛顿第二定律：；则由图像可知： ； 即 .（4）如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差。三、计算题13.城铁C56

18、02从黄冈东站出发经过6分钟到达黄冈站若将城铁的这一运动过程简 化，则其运动的v-t图象如图所示，其中匀速运动的速度为60m/s，加速和减速过程中加速 度大小相等。又知城铁在匀加速运动阶段，连续相等的两段时间内通过的位移分别为300m和500m，速度增量均为10m/s求：(1)城铁的加速度大小；(2)匀速运动的时间【答案】（1） （2） 【解析】【详解】（1）设城铁在匀加速阶段的加速度为a，在通过的位移分别为300m和500m所用的时间均为t，由运动学规律得v=at x2- x1=at2 代入数据解得 a=0.5m/s2 （2）设城铁做匀加速运动的时间为t1，匀速运动的时间为t2，匀速运动的速

19、度为v，跑完全程的时间为t，依题意及运动学规律，得t=2t1+t2v=at1求得t2=120s14.如图所示，钉子A、B处于同一高度，细线的一端系有质量为2m的小物块，另一端绕过A固定于B质量为m的小球固定在细线上C点用手竖直向下拉住小球，使小球和物块都静止，此时BC与水平方向的夹角为60，且ACB =90重力加速度为g。(1)求小球受到手的拉力大小F;(2)若在撤去手的拉力同时剪断细线AC，求细线AC剪断瞬间小球的加速度大小【答案】(1)3mg（2） 【解析】【详解】（1）设小球受AC、BC的拉力分别为T1、T2T1sin60=T2cos60 F+mg=T1cos60+ T2sin60 T1

20、=2mg 解得F=3mg （2）设细线AC剪断瞬间小球的加速度大小为a对小球有： mgcos60=ma 解得a =g15.一项抛球入筐游戏装置如图所示，将球筐挂于离地 h=lm高的光滑水平轨道AB上AB长l=3m，球筐可在AB 间以恒定的速率往复运行（球筐往A、B两点速度反向的时间不计）某同学将球水平抛出时，球筐恰好位于A点正以某一速度向B点运行已知抛球点位于轨道底边中点正前方d= 2m处离地面高度为H=1.8m；重力加速度g =10m/s2，空气阻力不计，球和筐的大小不计。(I)要使球恰好在B点落入球筐，求抛球的速度大小；(2)若球恰好在AB中点落入球筐，求球筐的速度大小。【答案】（1） ，

21、 （2） (n=0、1、2、3) 【解析】【详解】（1）球落筐时间设为t，由 解得： t =0.4s v0=6.25m/s （2）设球筐速度为u，若球恰好在AB中点落入框球，则在t时间内球筐运动的路程满足 （n + ）l=ut 解得： (n=0、1、2、3)16.如图甲所示，有一倾角为=53的固定斜面体，底端的水平地面上放一质量为 M=3kg的木板，木板材质与斜面体相同t=0时有一质量m=6kg的滑块在斜面上由静止 开始下滑，后来滑块滑上木板并最终没有滑离木板（不考虑滑块从斜面滑上木板时的能量 损失）图乙所示为滑块在整个运动过程中的速率随时间变化的图象，已知sin53=0.8， eos53=0

22、6，取g=l0m/s2.求：(1)滑块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数1、2；(2)滑块停止运动的时刻t和木板的最小长度l。【答案】（1）0.2（2）18m【解析】【详解】(1)滑块在斜面上下滑时，满足：mgsin -1N=ma1 N= mgcos 由v-t图得加速度a1= =6m/s2 综合解得1= 滑块滑上木板后减速 1mg =ma2 其中 对木板分析有 1mg 2（m+M）g =Ma3 其中 综合解得2=0.2 (2) 由于21，故滑块与木板达共速后一起匀减速，加速度满足2（m+M）g =（m+M）a4 又 综合解得 t=6s 木板的最小长度 =18m【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用以及板块模型的问题，关键是根据图像分析物体的运动特征，搞清各个阶段的加速度情况以及位移速度关系，灵活运用牛顿第二定律及运动公式求解.