届高考物理二轮复习名师讲练配套作业含答案专题十二选考33.docx

1、届高考物理二轮复习名师讲练配套作业含答案专题十二 选考33课时作业(十二)一、选择题(共8个小题，6题为多选，其余为单选，每题5分共40分)1(2017洛阳二模)空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器(铜管)液化成水，经排水管排走，空气中水分越来越少，人会感觉干燥某空调工作一段时间后，排出液化水的体积为V，水的密度为，摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为NA，则液化水中水分子的总数N和水分子的直径d分别为()AN，d BN，dCN，d DN，d答案C解析水的摩尔体积Vmol 水分子数NNA将水分子看成球形，由d3，解得水分子直径为d，故选C项2(2017西城区一模)通电雾化玻璃是将液晶膜固化

2、在两片玻璃之间，经过特殊工艺胶合一体成型的新型光电玻璃产品，被广泛应用于高档办公室、计算机机房、医疗机构、商业展示等领域，能够实现玻璃的通透性和保护隐私的双重要求我们将其工作原理简化为如图所示的模型，在自然条件下，液晶层中的液晶分子无规则排列，玻璃呈乳白色，即不透明，像一块毛玻璃；通电以后，弥散分布的液晶分子迅速从无规则排列变为有规则排列，整个液晶层相当于一块普通的透明玻璃结合以上内容和你所学知识，关于通电雾化玻璃，你认为下列叙述中比较合理的是()A不通电时，入射光在液晶层发生了全反射，导致光线无法通过B不通电时，入射光在液晶层发生了干涉，导致光线无法通过C通电时，入射光在通过液晶层后方向发生

3、了改变D通电时，入射光在通过液晶层后按原有方向传播答案D解析A项，由题意，在自然条件下，液晶层中的液晶分子无规则排列，像一块毛玻璃，可知入射光在液晶层发生漫反射，光线可以通过，但通过量较少，而且没有规律故A项错误，B项错误；C项，由题意，通电以后，弥散分布的液晶分子迅速从无规则排列变为有规则排列，整个液晶层相当于一块普通的透明玻璃，可知通电时，入射光在通过液晶层后按原有方向传播故C项错误，D项正确故选D项点评该题结合液晶的各向异性考查通电雾化玻璃，属于对知识迁移能力的考查，解答的关键点是题目中的：在自然条件下，液晶层中的液晶分子无规则排列，像一块“毛玻璃”3.(2017鹿城区校级模拟)如图所示

4、，带有活塞的烧瓶内封闭一定的气体，不考虑烧瓶和外界的热传递，现在外力F作用下，活塞向内移动一段距离，则烧瓶内的气体温度会()A升高 B降低C不变 D无法确定答案A解析根据热力学第一定律，有UWQ；不考虑烧瓶和外界的热传递，故Q0；在外力F作用下，活塞向内移动一段距离，对烧瓶内的气体做功，故W0；故U0，故气体的内能增加，故温度升高；故选A项4(2017南通模拟)下列说法中正确的是()A液体表面张力的方向与液面垂直并指向液体内部B由水的摩尔质量和水分子的质量，可以求出阿伏伽德罗常数C布朗运动表明分子越小，分子运动越剧烈D分子间的作用力随分子间距离的增大而减小答案B解析A项，液体表面张力产生在液体

5、表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直；故A项错误B项，由水的摩尔质量和水分子的质量，可以求出1 mol水的分子数，即可求得阿伏伽德罗常数故B项正确C项，布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，是由于颗粒周围液体分子撞击引起的，所以布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，布朗运动表明颗粒越小，运动越剧烈，间接表明液体分子运动越剧烈故C项错误D项，分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，但斥力减小得更快，分子间的作用力是引力与斥力的合力，是先减小后增大再减小距离小于1010 m时，斥力大于引力，分子间作用力表现为斥力当距离等于1010 m时引力等于斥力，分子间的作用力为0，

6、大于这个距离，引力大于斥力，分子间作用力表现为引力，先增大后减小故D项错误故选B项5(2017海淀区二模)下列说法中正确的是()A物体的温度升高时，其内部分子的平均动能一定变大B气体的压强越大，其分子运动得一定越剧烈C气体的压强越大，其分子之间的斥力一定越大D分子间距离减小，分子间的势能也一定减小答案A解析A项，温度是分子的平均动能的标志，物体的温度升高时，其内部分子的平均动能一定变大故A项正确；B项，分子运动的剧烈程度与压强无关，与温度有关温度越高，分子的运动越剧烈故B项错误；C项，根据气体的压强的微观意义可知，气体的压强与分子之间的斥力无关故C项错误；D项，当分子之间的作用力表现为斥力时，

7、分子间距离减小的过程中分子力做负功，分子间的势能增大故D项错误故选A项6.(2017课标全国)如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到初态a.下列说法正确的是()A在过程ab中气体的内能增加B在过程ca中外界对气体做功C在过程ab中气体对外界做功D在过程bc中气体从外界吸收热量E在过程ca中气体从外界吸收热量答案ABD解析A项，从a到b等容升压，根据C可知温度升高，一定质量的理想气体内能决定于气体的温度，温度升高，则内能增加，故A项正确；B项，在过程ca中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，故B项正确；C项，在过

8、程ab中气体体积不变，根据WpV可知，气体对外界做功为零，故C项错误；D项，在过程bc中，属于等温变化，气体膨胀对外做功，而气体的温度不变，则内能不变；根据热力学第一定律UWQ可知，气体从外界吸收热量，故D项正确；E项，在过程ca中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，根据C可知温度降低，则内能减小，根据热力学第一定律可知气体一定放出热量，故E项错误故选A、B、D三项7(2017洛阳二模)一定质量理想气体的状态变化如图所示，则该气体()A状态b的压强大于状态c的压强 B状态a的压强大于状态b的压强C从状态c到状态d，体积减小 D从状态a到状态c，温度不变答案A解析分别过abcd四个点作出等压

9、变化线，如图所示；保持体积不变，温度越高，则压强越大可知，在VT图像中，倾角越大，压强越小，所以papdpcTB.气体A、B均处于平衡状态，活塞静止加热容器，使两边气体缓慢升高相同的温度，若不计活塞的摩擦，则活塞将()A向右移动 B向左移动C保持不动 D因体积未知而无法确定答案B解析假设活塞不移动，气体发生等容变化，根据查理定律，有，得pT根据题意知，升高的温度T相同，原来平衡，pApBTATB，得pAFA，所以活塞将向左移动，故B项正确，A、C、D三项错误；故选B项二、计算题(共6个小题，914题，每题10分，共60分)9(2017郑州市质检)很多轿车为了改善夜间行驶时的照明问题，在车灯的设

10、计上选择了氙气灯，这是因为氙气灯灯光的亮度是普通灯灯光亮度的3倍，但是耗电量仅是普通灯的一半，氙气灯使用寿命则是普通灯的5倍若氙气充入灯头后的容积V1.6 L，氙气密度6.0 kg/m3.已知氙气的摩尔质量M0.131 kg/mol，阿伏伽德罗常数NA61023 mol1.试估算：(结果保留一位有效数字)灯头中氙气分子的总个数；灯头中氙气分子间的平均距离答案41022个3109 m解析设氙气的物质的量为n，则n，氙气分子的总数NNA41022个每个分子所占的空间为V0设分子间平均距离为a，则有V0a3即a3109 m考点分子热运动10(2016课标全国)在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水

11、的压强，两压强差p与气泡半径r之间的关系为p，其中0.070 N/m.现让水下10 m处一半径为0.50 cm的气泡缓慢上升已知大气压强p01.0105 Pa，水的密度1.0103 kg/m3，重力加速度大小g10 m/s2.(1)求在水下10 m处气泡内外的压强差；(2)忽略水温随水深的变化，在气泡上升到十分接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值答案(1)28 Pa(2)1.3解析(1)由公式p，得pPa28 Pa水下10 m处气泡的压强差是28 Pa.(2)忽略水温随水深的变化，所以在水深10 m处和在接近水面时气泡内温度相同由等温变化规律，得p1V1p2V2 其中，V1r13

12、V2r23 由于气泡内外的压强差远小于水压，气泡内压强可近似等于对应位置处的水压，所以有p1p0gh11105 Pa11031010 Pa2105 Pa2p0 p2p0 将代入，得2p0r13p0r23 2r13r23 1.3.11.(2016上海)如图，两端封闭的直玻璃管竖直放置，一段水银将管内气体分隔为上下两部分A和B，上下两部分气体初始温度相等，且体积VAVB.(1)若A、B两部分气体同时升高相同的温度，水银柱将如何移动？某同学解答如下：设两部分气体压强不变，由，VV，所以水银柱将向下移动上述解答是否正确？若正确，请写出完整的解答；若不正确，请说明理由并给出正确的解答(2)在上下两部分气

13、体升高相同温度的过程中，水银柱位置发生变化，最后稳定在新的平衡位置，A、B两部分气体始末状态压强的变化量分别为pA和pB，分析并比较二者的大小关系答案(1)不正确水银柱向上移动(2)pApB解析(1)不正确水银柱移动的原因是升温后，由于压强变化造成受力平衡被破坏，因此应该假设气体体积不变，由压强变化判断移动方向正确解法：设升温后上下部分气体体积不变，则由查理定律可得pppp因为T0，pApB，可知pApB，所示水银柱向上移动(2)升温前有pBpAp(p为汞柱压强)升温后同样有pBpAp两式相减可得pApB12.(2017海林市校级三模)一定质量的理想气体被活塞封闭在气缸内，活塞质量为m、横截面

14、积为S，可沿气缸壁无摩擦滑动并保持良好的气密性，整个装置与外界绝热，初始时封闭气体的温度为T1，活塞距离气缸底部的高度为H，大气压强为p0.现用一电热丝对气体缓慢加热，若此过程中电热丝传递给气体的热量为Q，活塞上升的高度为，求：(1)此时气体的温度；(2)气体内能的增加量答案(1)此时气体的温度T1(2)气体内能的增加量Q(p0Smg) 解析(1)气体加热缓慢上升过程中，处于等压过程，设上升时温度为T2，则V1SH V2S(H) 得T2T1 (2)上升过程中，据热力学第一定律，得UQW 式中：W(p0Smg) 因此UQ(p0Smg) 13(2017济源二模)如图所示，两个截面积都为S的圆柱形容

15、器，右边容器高为H，上端封闭，左边容器上端是一个可以在容器内无摩擦滑动的质量为M的活塞两容器由装有阀门的极细管道相连，容器、活塞和细管都是绝热的开始时阀门关闭，左边容器中装有理想气体，平衡时活塞到容器底的距离为H，右边容器内为真空现将阀门缓慢打开，活塞便缓慢下降，直至系统达到新的平衡，此时理想气体的温度增加为原来的1.2倍，已知外界大气压强为p0，求此过程中气体内能的增加量答案此过程中气体内能的增加量为(Mgp0S)H解析理想气体发生等压变化设气体压强为p，活塞受力平衡：pSMgp0S，设气体初态的温度为T，系统达到新平衡时活塞下降的高度为x，由盖吕萨克定律，得 解得xH又系统绝热，即Q0 外

16、界对气体做功为：WpSx根据热力学第一定律，有UWQ所以U(Mgp0S)H点评本题考查了热力学第一定律和理想气体状态方程的综合应用，关键是明确所研究的封闭气体的热学过程，难度中等14(2015课标全国)如图，一固定的竖直气缸有一大一小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的质量为m12.50 kg，横截面积为S180.0 cm2，小活塞的质量为m21.50 kg，横截面积为S240.0 cm2；两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为l40.0 cm，气缸外大气压强为p1.00105 Pa，温度为T303 K初始时大活塞与大圆筒底部相距，两活塞间封闭气体的温度为T1495 K，现气缸内气体

17、温度缓慢下降，活塞缓慢下移，忽略两活塞与气缸壁之间的摩擦，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间，缸内封闭气体的温度；(2)缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强答案(1)330 K(2)1.01105 Pa解析(1)设初始时气体体积为V1，在大活塞与大圆筒底部刚接触时，缸内封闭气体的体积为V2，温度为T2，由题给条件，得V1S2(l)S1() V2S2l 在活塞缓慢下移的过程中，用p1表示缸内气体的压强，由力的平衡条件，得S1(p1p)m1gm2gS2(p1p) 故缸内气体的压强不变，由盖吕萨克定律，有 联立式并代入题给数据，得T2330 K (2)在大活塞与大圆筒底面刚接触时，被封闭气体的压强为p1，在此后与汽缸外大气达到热平衡的过程中，被封闭气体的体积不变，设达到热平衡时被封闭气体的压强为p，由查理定律，有 联立式并代入题给数据，得p1.01105 Pa