学年江西省上饶市高一上学期期末考试物理试题解析版.docx

1、学年江西省上饶市高一上学期期末考试物理试题解析版江西省上饶市2017-2018学年高一上学期期末考试物理试题一、选择题：本题共10小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合项目要求，第8-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1. 在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（ ）A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫科学假说法B. 根据速度定义式，当时，就可以表示物体在t时

2、刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法C. 伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法D. 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【答案】A【解析】在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，采用了建立理想化的物理模型的方法，故A说法错误；根据速度定义式，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想方法，故B说法正确；伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为

3、90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律推理得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法，故C说法正确；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D说法正确。所以选A。2. 中新网2016年10月19日消息，神舟十一号飞船于北京时间19日凌晨3点半左右，与天宫二号成功实施自动交会对接。在合体3小时后，两名航天员已经进驻天宫二号，并将按计划开展空间科学试验。下列说法正确的是（ ）A. “19日凌晨3点半”是时间间隔B. “3小时”是时刻C. 研究神舟十一号和天宫二号对接的技术细节

4、时，可以把它们看做质点D. 合体后，以天宫二号为参考系，神舟十一号是静止的【答案】D【解析】试题分析：“19日凌晨3点半”在时间轴上对应一个点，是时刻，故A错误；3小时”在时间轴上对应一条线段，是时间，故B错误；研究神舟十一号和天宫二号对接的技术细节时，神舟十一号和天宫二号的大小和形状不能忽略，则不能看成质点，故C错误；合体后，两者为一个整体，以天宫二号为参考系，神舟十一号是静止的，故D正确故选D考点：时间和时刻；质点；参考系【名师点睛】本题要求同学们能正确区分时间和时刻，明确在什么情况下能把物体看成质点，注意能否看成质点与物体的大小无关3. 如图所示，A、B两车厢的质量相同，且到P点距离相等

5、，其中某一个车厢内有一人拉动绳子使车厢相互靠近。若不计绳子质量及车与轨道间的摩擦，下列对于哪个车厢有人的判断及叙述中，正确的是（ ）A. 先开始运动的车厢内有人B. 后开始运动的车厢内有人C. 先到达P点的车厢内没人D. 绳对A车的拉力与绳对B车的拉力是一对相互作用力【答案】C【解析】当绳有拉力后，两车同时受到拉力，同时开始运动，故AB错误；两车之间的拉力大小相等，根据牛顿第二定律F=ma，可知有人的车厢总质量大，加速度小，根据，可知相同时间内位移小，后到达中间点，即后到达两车中点的车厢里有人，先到达两车中点P的车厢里没有人，故C正确；绳对A车的拉力与绳对B车的拉力大小相等，方向相反，但不是一

6、对相互作用力，故D错误。所以C正确，ABD错误。4. 亚丁湾索马里海域六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队保护的商船，中国特战队员发射爆震弹成功将其驱离。假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的v-t图象如图所示，设运动过程中海盗快艇所受阻力不变。则下列说法正确的是（ ）A. 海盗快艇在0-66s内从静止出发做加速度增大的加速直线运动B. 海盗快艇在96s末开始调头逃离C. 海盗快艇在66s-96s时间内位移大小为720mD. 海盗快艇在96s-116s内做匀减速直线运动【答案】B5. 甲物体自高处自由落下，同时乙物体自地面做初速度竖直上抛，不计空气阻力，两者的加速度均为g。当乙上升到最高点时，甲、

7、乙两物体恰好相遇，则甲物体刚开始下落时距地面的高度为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】竖直上抛到最高点的时间为：，甲自由落体的位移为：，乙上升的位移为：，故甲原来离地高度为：，故C正确，ABD错误。6. 如图所示，蹦床运动员从最高点由静止下落，到接触床面，直至下降到最低点的过程中，不计空气阻力，则（ ）A. 从接触床面到下降到最低点的过程中，加速度大小一直减小B. 从接触床面到下降到最低点的过程中，速度大小一直减小C. 从接触床面到下降到最低点的过程中，运动员一直处于超重状态D. 从最高点到接触床面前，运动员处于完全失重状态【答案】D【解析】运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员

8、合力向下，随着弹力的增大，运动的合力逐渐减小，故运动员先向下做加速度减小的加速运动，处于失重状态，当加速度为零时速度最大；随着弹力进一步增大，当弹力大于重力时，运动员合力向上，加速度也向上，处于超重状态，随弹力增大合力也逐渐增大，所以运动员做加速度增大的减速运动，直到速度减为零，故A BC错误；最高点到接触床面前，运动员做自由落体运动，处于完全失重状态，故D正确。所以D正确，ABC错误。7. 如图所示，两个小球a、b质量均为m，用细绳相连并悬挂于O点，现用一轻质弹簧给小球a施加一个拉力F，使整个装置处于静止状态，且Oa与竖直方向夹角为，弹簧劲度系数为k，则弹簧形变量不可能是（ ）A. B. C

9、. D. 【答案】B【解析】以小球ab整体为研究对象，、受重力、线的拉力T和弹簧的弹力F，作出力的三角形如图所示：根据平衡条件得知：F与T的合力与整体重力2mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：，根据胡克定律：Fmin=kxmin，可得：，由此可知ACD可能，B不可能。所以选B。8. 如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上。若将斜面的倾角稍微增大一些，且物体m仍静止在斜面上，则（ ）A. 斜面体对物体的支持力变小B. 斜面体对物体的摩擦力变大C. 斜面体对物体的作用力变大D. 水平面与斜面体间的摩擦力变小【答案】AB【

10、解析】物体m静止不动，受重力、支持力和摩擦力处于平衡状态。根据平衡条件可得：支持力为：N=mgcos；摩擦力为：f=mgsin；由此可知稍微增大一些，N变小，f变大，故AB正确；物体m静止不动，受力平衡，所以斜面体对物体的作用力的合力始终与物体受到的重力大小相等，方向相反，保持不变，故C错误；对m和M整体进行受力分析：整体受重力和水平面的支持力，因为整体处于静止也就是平衡状态，所以地面对斜面的摩擦力始终为零，故D错误。所以AB正确，CD错误。9. 如图为一质点从t=0起做初速度为零的匀加速直线运动的x-t图象，图中虚线为经过t=4s时图线上该点的切线，交时间轴于t=2s处，由此可知：（ ）A.

11、 在0-4s质点的平均速度大小为1.5m/sB. 在t=4s时质点瞬时速度大小为1.5m/sC. 该质点的加速度大小为D. 该质点的加速度大小为【答案】AC【解析】根据平均速度定义可得在0-4s质点的平均速度大小为：，故A正确；位移时间图象的斜率表示速度，根据图象得：，故B错误；根据匀加速直线运动速度时间公式得：v=v0+at，解得：，故C正确，D错误。所以AC正确，BD错误。10. 在建筑工地上我们会见到如图所示的情形，运输民工用两手对称水平的用力将两长方体水泥制品夹紧并竖直向上搬起，其中A的质量为3m，B的质量为m，水平作用力为F，A、B之间的动摩擦因数为，则在此过程中（ ）A. 若A、B

12、被一起匀速向上搬起，则A、B之间的摩擦力大小为B. 若A、B被一起匀速向上搬起，则A、B之间的摩擦力大小为mgC. 若A、B被一起以加速度a匀加速向上搬起，则A、B之间的摩擦力大小为m(g-a)D. 若A、B被一起以加速度a匀加速向上搬起，则A、B之间的摩擦力大小为m(g+a)【答案】BD【解析】若A、B被一起匀速向上搬起，由于A、B相对静止，故A、B之间的摩擦力为静摩擦力，不能用滑动摩擦力的计算公式来解答，故A错误；若A、B被一起匀速向上搬起，由于A、B相对静止，故A、B之间的摩擦力为静摩擦力，对B根据平衡条件可得：f=mg，故B正确；以A、B整体为研究对象可知，在竖直方向上有2f1-（m+

13、3m）g=（m+3m）a，设B对A的摩擦力方向向上，大小为f2，对A由牛顿第二定律有f1-f2-3mg=3ma，解得：f2=m（g+a），故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。二、实验与填空题（每空2分，共16分）11. 某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验时，先把弹簧平放在桌面上，用刻度尺测出弹簧的原长，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只钩码均记下对应的弹簧的长度x，数据记录如下表所示:(1)根据表中数据在图中作出F-x图线_。(2)由此图线可得，该弹簧劲度系数k=_N/m。(3)图线与x轴的交点坐标大于的原因是_。【答案】 (1). (2). 50 (3). 由

14、于弹簧自身重力的影响【解析】描点作图，如图所示：如图所示：（2）图象的斜率表示劲度系数，故有： （3）图线与x轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响12. 在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到。(1)当M与m的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力。(2)一组同学在探究加速度与质量的关系时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法

15、处理数据。为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应作出a与_图象。(3)甲同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a-F图线，如图2（a）所示，则实验存在的问题是_。(4)乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时，画出了各自得到的a-F图线，如图2（b）所示。则两同学做实验时_不同造成的。(5)某同学在实验中得到如图3所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_（结果保留两位有效数字）。【答案】 (1). 小车及车中砝码的质量远大于盘及盘中砝码的质量或Mm (2). 小车及车中砝码的质量的倒数或 (

16、3). 平衡摩擦力时,木板倾角过大或平衡摩擦力过度 (4). 两小车的质量 (5). 0.40【解析】（1）设绳子上拉力为F，对小车及车中砝码根据牛顿第二定律有：F=Ma ，对盘及盘中砝码有：mg-F=ma ，联立解得：，由此可知当Mm时，绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力。（2）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a-M图象；但，可知a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作的图象。（3）图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时,木板倾角过大或

17、平衡摩擦力过度。（4）a-F图线的斜率表示小车的质量，由图可知斜率不同，故两小车的质量不同。（5）打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，两计数点间还有四个点没有画出所以两个点的时间间隔为T=0.1s，根据推论，可得加速度为：。 三、计算题：本题共4个小题，共44分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13. 在上饶高铁站附近的某段平直的铁路上，一列以90m/s高速行驶的列车某时刻开始匀减速行驶，5min后恰好停在上饶高铁站，并在该车站停留2min，随后匀加速驶离车站，经8.1km后恢复到原速90m/s。

18、求：(1)求列车减速过程中的位移大小；(2)求列车驶离车站过程中加速度大小及加速到90m/s所用时间。【答案】(1)x=1.35104m (2) t=180s【解析】试题分析：根据位移时间求得通过的位移；根据速度位移公式求得就爱速度，根据速度时间求得加速时间。（1）物体减速过程中的位移为：代入数据解得：x=1.35104m（2）在加速阶段，根据速度位移公式： 代入数据解得：a20.5m/s2 根据速度时间公式： 代入数据解得：t180s 点睛：本题主要考查了匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用。14. 如图所示，质量m=3kg的光滑球放在水平地面上，并用细绳AB拴在地面上，绳AB与地

19、面夹角为，且延长线过球心。现有、方向水平向右的拉力作用在球面上，其作用力延长线通过球心，g取。求：(1)轻绳AB对球拉力的大小；(2)球对地面的压力。【答案】(1)FT16N (2)F压38N,方向竖直向下或垂直地面向下【解析】试题分析：对球受力分析，根据水平方向平衡条件可求得轻绳上的拉力；对竖直方向进行分析，根据平衡条件可求得球受到的支持力，再由牛顿第三定律可求得球对地面的压力。（1）小球受重力、支持力、拉力F和绳子上的拉力，受力分析如图所示：设轻绳AB对球的拉力为FT，根据平衡条件可得： FTcosF 解得：FT16N (2)设地面对球的支持力为FN，则 FNmgFTsin 解得：FN38

20、N 又根据牛顿第三定律得 F压38N 方向竖直向下或垂直地面向下 点睛：本题主要考查了共点力平衡条件的应用，要注意对于多力平衡，一般采用分解法进行分析。15. 一长木板静止在光滑的水平地面上，某同学站在木板的左端，也处于静止状态，现该同学开始向右做匀加速运动，经过t=2s该同学从木板上离开，离开木板时该同学的速度为v=4m/s，已知木板质量M=20kg，该同学质量m=50kg，g取，求：(1)人受到木板的摩擦力大小；(2)长木板的长度L。【答案】(1)f=100N (2)L=14m（1）对人进行分析，由速度时间公式： 代入数据解得：a12m/s2 根据牛顿第二定律，板对人的摩擦力 代入数据解得

21、：f100N (2)在2s内人的位移为：代入数据解得：x14m 对木板进行分析，根据牛顿第二定律：代入数据解得：a25m/s2 则木板向左移动的位移： 代入数据解得：x210m 则板长L=x1x2=14m 点睛：本题主要考查了相对运动问题，应用牛顿第二定律和运动学公式，再结合位移间的关系即可解题。16. 如图所示，在倾角为的固定长斜面上放置一质量M=2kg、长度的极薄平板AB，平板的上表面光滑，其下滑B与斜面底端C的距离。在平板的上端A处放一质量m=0.5kg的小滑块（视为质点），将小滑块和薄平板同时无初速释放。设薄平板与斜面之间、小滑块与斜面之间的动摩擦因数均为，已知，求：(1)小滑块在平板

22、上滑动时加速度大小；(2)小滑块经多长时间滑离平板？(3)小滑块滑离平板后再经多长时间到达斜面底端C？【答案】(1)a16m/s2 (2)t1=1s (3)t=2 s【解析】试题分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律即可求出小滑块加速度；根据牛顿第二定律求出平板AB加速度，在根据位移公式即可求出小滑块离开平板的时间；求出滑块滑离平板时的速度，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学公式求出运动时间。（1）小滑块在平板AB上运动时，根据牛顿第二定律mgsin37ma1代入数据解得：a16m/s2 （2）小滑块在平板AB上运动时，设平板AB的加速度为a3，根据牛顿第二定律：代入数据解得：a31 m/s2 设滑块离开平板时平板下滑的距离为x，所用时间为t1平板AB运动的位移为： 位移间的关系为： 代入数据解得：x0.5m，t11s （3）滑块滑离平板时的速度为v1，则v1a1t16 m/s 小滑块在斜面上运动时，根据牛顿第二定律：mgsin37mgcos37ma2 代入数据解得：a22 m/s2 设滑块离开平板后滑到斜面底端C所用的时间为t由 代入数据解得：t2 s 点睛：本题主要考查了在斜面上相对滑动问题，应用牛顿第二定律和运动学公式，再结合位移间的关系即可解题。