福建省高考卷理综试题物理部分.docx

1、福建省高考卷理综试题物理部分13图甲为某一列沿x轴正向传播的简谐横波在t=1.0s时刻的波形图，图乙为参与波动的某一质点的振动图像，则下列说法正确的是A从此时刻起，经过2秒，P质点运动了8米的路程B从此时刻起，Q质点比P质点先回到平衡位置C乙图是甲图x=1m、2m、3m、4m处四个质点中x=2m处质点的振动图像D此时刻M质点的振动速度小于Q质点的振动速度14一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示已知发电机线圈内阻为5.0 ，现外接一只电阻为95.0 的灯泡，如图乙所示，则A电压表V的示数为220 VB电路中的电流方向每秒钟改变50次C灯泡实际消耗的功率为484 WD发电机

2、线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J15用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱.如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称。则以下结论错误的是A.B、C两点场强大小和方向都相同B.A、D两点场强大小相等，方向相反C.E、O、F三点比较，O点场强最强D.B、O、C三点比较，O点场强最弱16人类正在有计划地探索地球外其他星球，若宇宙空间某处有质量均匀分布的实心球形天体，则下列有关推断正确的是（引力常量G已知）A.若宇航员只测出宇宙飞船贴着天体表面做匀速圆周运动的周期，则无法推知天体

3、的密度B.只要测出宇宙飞船绕天体做匀速圆周运动的半径和周期，就可推知该天体的密度C.若宇航员用弹簧测力计测得某一物体在该天体的极地比赤道上重P，且已知该天体自转周期为T，则可推知天体的密度D.若测出该天体表面的重力加速度和该天体的第一宇宙速度，则可以推知该天体的密度17如图所示为物体做直线运动的vt图象。若将该物体的运动过程用xt图象表示出来（其中x为物体相对出发点的位移），则下列选项中的四幅图描述正确的是18为了连续改变反射光的方向，并多次重复这个过程，方法之一是旋转由许多反射面组成的多面体棱镜（简称镜鼓）如图所示.当激光束从固定方向入射到镜鼓上的一个反射面上时，由于反射镜绕垂直轴旋转，反射

4、光就可在屏幕上扫出一条水平线。依此，每块反射镜都将轮流扫描一次。如果要求扫描的范围=45且每秒钟扫描48次，那么镜鼓的反射镜面数目和镜鼓旋转的转速分别为A8；360转/分B16；180转/分C16；60转/分D32；180转/分第卷必考部分第卷必考部分共10题，共157分。19（18分）（1）（8分）某探究学习小组验证动能定理的实验装置如图甲所示。 实验时首先要平衡摩擦力：取下沙桶，把木板不带滑轮的一端垫高，轻推小车，让小车 _（选填“拖着”或“不拖着”）纸带运动。 打点计时器使用频率为50 Hz的交流电，记录小车运动的纸带如图乙所示。在纸带上相邻两计数点之间还有四个点未画出。本实验需根据此纸

5、带计算_（选填“速度”、 “加速度”）的值，其中小车通过计数点“B”时，该值_（计算结果保留两位有效数字）。 若实验室没有沙桶只有钩码，每个钩码质量m=50g，小车总质量M=200g，用该实验装置验证动能定理，则需验证重力对钩码所做的功是否等于_（选填“小车”或“小车和钩码”）动能的增量。（2）（10分）小明同学为了测定某太阳能硅光电池组的电动势和内电阻，设计了如图甲所示的电路，在一定光照条件下进行实验：请根据图甲完成图乙中实物的连线。将测量出来的数据记录在下表中，其中第4组数据的电压如图丙所示，则此时电压为_V。12345678U/V1.771.751.701.541.271.000.50I

6、/A1230486068768086将这些数据在图丁中描点，第4组数据还未描出。a请在图丁中描出第4组数据的点，作出该硅光电池组的UI图线；b由此UI图线可知，该硅光电池组的电动势E1.80V，电池组的内阻随其输出电流的变化而改变，在电流为80A时，该电池组的内阻r_（保留两位有效数字）。20（15分）如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为53的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h0.8 m，重力加速度g10 m/s2，sin530.8，cos530.6.求：（1）小球水平抛出的初速度v0是多少？（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多少？（3

7、）若斜面顶端高H20.8 m，则小球离开平台后经多长时间到达斜面底端？21（19分）如图是计算机模拟出的一种宇宙空间的情境，在此宇宙空间存在这样一个远离其他空间的区域，以MN为界，上部分匀强磁场的磁感强度为B1，下部分的匀强磁场的磁感强度为B2，B1=2B2=2B0，方向相同，且磁场区域足够大。在距离界线为h的P点有一宇航员处于静止状态，宇航员以平行于界线的速度抛出一质量为m、带电量-q的小球，发现球在界线处速度方向与界线成600角，进入下部分磁场。然后当宇航员沿与界线平行的直线匀速到达目标Q点时，刚好又接住球而静止，求：（1）电荷在磁感应强度为B1、B2的磁场中的半径分别为多少，并求出粒子在

8、磁场中速度大小？ （2）PQ间距离是多大？（3）电荷从P点到Q点的时间？22（20分）如图所示，在真空中的竖直平面内，用长为2L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和B，A球的电荷量为+4q，B球的电荷量为-3q，组成一带电系统。虚线MN与PQ平行且相距3L，开始时PQ恰为杆的中垂线在MN与PQ间加竖直向上的匀强电场，恰能使带电系统静止不动。现使电场强度突然加倍（已知当地重力加速度为g），求：（1）B球刚到达电场边界PQ时的速度大小；（2）判定A球能否到达电场边界MN，如能，请求出A球到达电场边界MN时的速度大小；如不能，请说明理由。（3）带电系统运动过程中，B球电势能增加量的最大值； （

9、4）带电系统从开始运动到返回原出发点所经历的时间。29【物理选修3-3】（本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合题意。）（1）下列说法正确的是_。（填选项前的字母）A液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力B扩散运动就是布朗运动C把很多小的单晶体放在一起，就变成了非晶体D第二类永动机违反能量守恒定律（2）已知地球半径约为6.4106 m，空气的摩尔质量约为29103 kgmol1，一个标准大气压约为1.0105 Pa。利用以上数据可估算出地球表面大气在标准状况下的体积为_。（填选项前的字母）A41016 m3B41018 m3C41020 m3 D41

10、022 m330【物理选修3-5】（本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合题意。）（1）氦氖激光器能产生三种波长的激光，其中两种波长分别为10.632 8 m，23.39 m。已知波长为1的激光是氖原子在能级间隔为E11.96 eV的两个能级之间跃迁产生的。用E2表示产生波长为2的激光所对应的跃迁的能级间隔，则E2的近似值为_。（填选项前的字母）A10.50 eVB0.98 eVC0.53 eVD0.37 eV（2）质量为M的快艇携带一颗质量为m的鱼雷，两者一起以速度v向前运动快艇沿前进方向发射鱼雷后，速度减为原来的，不计水的阻力，则鱼雷的发射速度为_。（填选项前的字母）

11、A vB vC vD v13C14D15B16D17C18B19（共18分）（1）（8分）拖着（2分）速度（速率）（2分），0.13m/s （2分）小车和钩码（2分）（2）（10分）实物连线3分，有错不给分1.621.67（2分） a（3分）描点2分（所描的点必须落在60A的竖直线上、1.601.70的区间内，否则计0分；看不到所描的点，计0分），连线1分（将曲线画成直线的，计0分）b9.711103 （2分）20（15分）（1）由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以vyv0tan53，v2gh，（2分）代入数据，得vy4 m/s，v03

12、m/s.（2分）（2）由vygt1得t10.4 s，（2分）xv0t130.4 m1.2 m.（2分）（3）小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度a8 m/s2，（1分）速度v5 m/s（1分）vt2at，（2分）代入数据，整理得：4t5t2260，解得t22 s或t2s（不合题意舍去）（1分）所以tt1t22.4 s. （1分）21（19分）（1）画出小球在磁场B1中运动的轨迹如图所示，可知R1-h=R1cos60， R1=2h（2分）由和B1=2B2，可知R2=2R1=4h（2分）由（2分）得（2分）（2）根据运动的对称性，PQ的距离为l =2(R2sin60-R1sin60)=2h（4分）（

13、3）粒子由P运动到Q 的时间（5分）22（20分）（1）（共6分）设带电系统静止时电场强度为E，有2mg =4qE，解得 （2分）电场强度加倍后，从开始静止到B进入电场，根据动能定理有 （2分）得B球刚进入电场时的速度（2分）（注：用牛二定律求解同样给分。）（2）（共6分）B球进入电场后，系统做匀减速直线运动，假设A球能到达电场边界MN，从开始到A刚运动到MN线时，电场力对系统做功为2E4q2L-2E3qL=10qEL，系统克服重力做功为2mg2L=8qEL，则电场力对系统做功大于系统克服重力做功，说明A到达MN线时系统仍有向上的速度，所以A球能到达电场边界MN。（2分）（2分）（3）（共4分

14、）设B球在电场中运动的最大位移为s，经分析知B球在电场中的位移最大时，A球已向上越过了MN，根据动能定理有 得s=1.2L ；（2分）电场力对B球做功则B球电势能增加3.6mgL（2分） （4）（共4分） 带电系统向上运动分为三阶段，第一阶段匀加速运动，据牛顿第二定律有，运动时间 （1分）第二阶段匀减速运动，同理可得A球出电场时速度为v2，根据运动学公式有：，解得，运动时间； （1分）第三阶段匀减速运动，运动时间（1分）因B球在电场中运动的最大位移为s=1.2L小于3L，故带电系统不能全部离开电场，由运动的对称性可知，系统刚好能够回到原位置，此后系统又重复开始上述运动。所以带电系统从开始运动到返回原地发点所经历的时间（1分）29（1）A（2）B30（1）D（2）A