高考物理大复习第二章相互作用单元滚动检测卷.docx

1、高考物理大复习第二章相互作用单元滚动检测卷第二章 相互作用单元滚动检测卷二考生注意：1本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分，共4页2答卷前，考生务必用蓝、黑色字迹的钢笔或圆珠笔将自己的姓名、班级、学号填写在相应位置上3本次考试时间90分钟，满分100分第卷一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1关于胡克定律，下列说法不正确的是()A由Fkx可知，在弹性限度内弹力F的大小与弹簧形变量x成正比B由k可知，劲度系数k与弹力F成正比，与弹簧的长度改变量成反比C弹簧的劲度系数k是由弹簧本身的性质决定的，与弹力

2、F的大小和弹簧形变量x的大小无关D弹簧的劲度系数在数值上等于弹簧伸长(或缩短)单位长度时弹力的大小答案B22016年里约奥运会上，施廷懋凭高难度的动作夺得三米板女子跳水冠军起跳前，施廷懋在跳板的最外端静止站立时，如图1所示，则()图1A施廷懋对跳板的压力方向竖直向下B施廷懋对跳板的压力是由于跳板发生形变而产生的C施廷懋受到的重力就是它对跳板的压力D跳板对施廷懋的支持力是由于跳板发生形变而产生的答案D解析 施廷懋对跳板的压力和她的重力是两个不同的力，所以不能说施廷懋对跳板的压力就是她的重力，且摩擦力和弹力的合力与重力大小相等、方向相反，跳板的弹力与施廷懋对跳板的压力是一对作用力与反作用力，因此施

3、廷懋对跳板的压力方向不是竖直向下，故A、C错误；施廷懋受到跳板的支持力是由于跳板发生了形变，对跳板的压力是由于施廷懋的重力引起的，故B错误，D正确3(2017丽水、衢州、湖州9月联考)如图2所示，汽车里有一水平放置的硅胶魔力贴，魔力贴上放置一质量为m的小花瓶若汽车在水平公路上向前做匀加速直线运动，则以下说法正确的是()图2A小花瓶受到的静摩擦力水平向前B小花瓶受到的静摩擦力不断增大C小花瓶所受的合力为零D魔力贴对小花瓶的作用力为mg答案A4如图3所示，质量为1 kg的物块在水平地面上以6 m/s的初速度向右滑行，物块与地面间的动摩擦因数0.2，从t0时刻开始，物块受到一水平向左的恒力F1 N的

4、作用，以大小为3 m/s2的加速度做匀减速运动，则反映物块所受摩擦力随时间变化的图象是(取向右为正方向，g10 m/s2)()图3答案A解析物块向右运动，受到向左的滑动摩擦力，Ffmg2 N，方向水平向左；物块速度减为零后，F1 N2 N，物块将静止不动，受到静摩擦力，其大小FfF1 N，方向水平向右5如图4所示，一块长木板上放一铁块，在把长木板从水平位置绕一端缓缓抬起的过程中，铁块所受的摩擦力()图4A随倾角的增大而增大B随倾角的增大而减小C在开始滑动前，随角的增大而减小；滑动后，随角的增大而增大D在开始滑动前，随角的增大而增大；滑动后，随角的增大而减小答案D解析铁块相对木板滑动前，受到的静

5、摩擦力随角的增大而增大；铁块相对木板滑动后，受到的滑动摩擦力与正压力成正比，因正压力随角的增大而减小，故摩擦力随角的增大而减小，选项D正确6物体受到下列几组共点力的作用，其中不可能使物体做匀速直线运动的是()A1 N、3 N、5 N B4 N、4 N、6 NC3 N、4 N、5 N D4 N、6 N、8 N答案A解析当三个力中任何一个力满足|F1F2|F3F1F2时，三力合力可能为零，即物体可能保持匀速直线运动反之，当任何一个力都不满足上述条件时，三个力的合力一定不为零，故只有A不可能使物体做匀速直线运动7.如图5所示，一个铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一个小球，开始时细线竖直现将水

6、平力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止则在这一过程中()图5A水平拉力F先变小后变大B细线的拉力不变C铁架台对地面的压力变大D铁架台所受地面的摩擦力变大答案D解析对小球受力分析，如图所示，小球受细线拉力、重力和水平力F.根据平衡条件，有Fmgtan ，逐渐增大，则F逐渐增大，故A错误；由图可知，细线的拉力FT，增大，FT增大，故B错误；以整体为研究对象，根据平衡条件得FfF，则Ff逐渐增大，FN(Mm)g，FN保持不变，故D正确，C错误8(2017宁波市9月联考)电动平衡车是一种时尚代步工具，有一款电动平衡车如图6所示，可通过脚下压力传感器控制速度，当某运动

7、爱好者驾驶平衡车在水平路面上加速前进时，下列说法正确的是()图6A平衡车对人的作用力等于人的重力B平衡车对人的作用力竖直向上C平衡车受地面的支持力竖直向上D平衡车受地面的摩擦力与运动方向相反答案C9如图7所示的装置中，小球的质量均相同，弹簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力大小分别为F1、F2、F3，其大小关系是()图7AF1F2F3 BF1F2F2 DF3F1F2答案A解析由平衡条件知三个弹簧的弹力均等于小球的重力10有两个大小相等的共点力F1和F2，当它们的夹角为120时，合力为F；当它们的夹角变为90时，合力的大小为()A.F B.F C2F D.F答案A解析当两个

8、力的夹角为120时，合力的大小F合F1F；当两个力的夹角为90时，合力的大小F合F1F.11风洞是进行空气动力学实验的一种重要设备一次检验飞机性能的风洞实验示意图如图8所示，AB代表飞机模型的横截面，OL是拉住飞机模型的轻绳已知飞机模型重为G，当飞机模型静止在空中时，轻绳恰好水平，此时飞机模型横截面与水平面的夹角为，则作用于飞机模型上的风力大小为(风对飞机模型横截面的作用力认为与横截面垂直)()图8A. BGcos C. DGsin 答案A解析作用于飞机模型上的风力F垂直于AB，风力F的竖直分力等于飞机模型的重力，即Fcos G，解得F，A项正确12将一根轻质弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的

9、物体，物体静止时，弹簧长度为L1；而当弹簧下端固定在水平地面上，将质量为m的物体压在其上端，物体静止时，弹簧长度为L2.已知重力加速度为g，弹簧始终处于弹性限度内，则该弹簧的劲度系数是()A. B.C. D.答案B解析设弹簧原长为L0，由胡克定律知，mgk(L1L0)，mgk(L0L2)，联立可得k，B项正确13.城市中的路灯、无轨电车的供电线路等，经常用三角形的结构悬挂图9为这类结构的一种简化模型图中硬杆OB可以绕通过B点且垂直于纸面的轴转动，钢索和杆的重量都可以忽略如果悬挂物的重量是G，AOB等于，钢索OA对O点的拉力F1和杆OB对O点的支持力F2各是多大()图9AF1Gsin ，F2Gt

10、an BF1，F2CF1Gcos ，F2DF1，F2Gtan 答案B解析F1、F2、F3的合力为0，则这三个力在任何方向的分矢量之和一定为0.我们按照题图那样建立直角坐标系，分别写出三个力在x方向和y方向的分矢量，于是一定有F2F1cos 0 F1sin F30 由两式解出钢索OA的拉力F1杆OB的支持力F2F1cos .二、选择题(本题共3小题，每小题2分，共6分每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)14一个物体所受重力在下列哪些情况下要发生变化()A把它从赤道拿到南极B把它送到月球上去C把它放到水里D改变它的运动状态答案A

11、B解析 将物体从赤道拿到南极，重力加速度变大，则重力变大，故A正确；送到月球上去，重力加速度减小，则重力减小，故B正确；放到水里，重力加速度不变，则重力不变，故C错误；改变物体运动状态，重力加速度不变，则重力不变，故D错误15如图10所示，在夜光风筝比赛现场，某段时间内某小赛手和风筝均保持静止状态，此时风筝平面与水平面夹角为30，风筝的质量为m1 kg，轻质细线中的张力为FT10 N，该同学的质量为M29 kg，则以下说法正确的是(风对风筝的作用力认为与风筝平面垂直，g取10 m/s2)()图10A风对风筝的作用力为10 NB细线与水平面的夹角为30C人对地面的摩擦力方向水平向左D人对地面的压

12、力大小等于人和风筝整体的重力，即300 N答案AB解析对风筝进行受力分析如图所示，将各力沿风筝平面和垂直于风筝平面进行正交分解，则FTcos mgcos 60，FTsin mgsin 60F，解得60，F10 N，细线与风筝平面成60角，也就是与水平面成30角，A、B正确；将风筝和人视为一个整体，由于受风力斜向右上方，因此地面对人的摩擦力水平向左，根据牛顿第三定律，人对地面的摩擦力水平向右，C错误；由于细线对人有向上的拉力，因此人对地面的压力小于人的重力290 N，D错误16一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O

13、，如图11所示，假设斜面、墙壁均光滑若水平推力缓慢增大，则在此过程中()图11A斜面对铁球的支持力缓慢增大B斜面对铁球的支持力不变C墙对铁球的作用力大小始终等于推力FD墙对铁球的作用力大小始终小于推力F答案BD解析对铁球进行受力分析可知，铁球受重力、水平推力F、竖直墙壁对铁球的弹力F1和斜面对铁球的支持力F2四个力的作用，由平衡条件可知，在水平方向上有FF1F2sin ，竖直方向上有F2cos mg，解得斜面对铁球的支持力F2，不随F的变化而变化，A错误，B正确；F1FF2sin F，即墙对铁球的作用力大小始终小于推力F，C错误，D正确第卷三、非选择题(本题共6小题，共55分)17(6分)某同

14、学用如图12所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”弹簧测力计A悬挂于固定点P，下端用细线挂一重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和细线的方向图12(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_N.(2)下列不必要的实验要求是_(请填写选项前对应的字母)A应测量重物M所受的重力B弹簧测力计应在使用前校零C拉线方向应与木板平面平行D改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置答案(1)3.6(2)D解析(2)验证力的平行四边形定则，需要分别测量各个力的大小和方向

15、，所以A项是必要的；弹簧测力计在使用前需校零，B项是必要的；实验中力必须在同一平面内，C项也是必要的；实验是验证三个力的关系，不需要固定O点位置，D项不必要18(9分)拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具(如图13所示)设拖把头的质量为m，拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数，重力加速度为g.某同学沿拖杆方向推该拖把拖地时，使施把头在水平地板上匀速移动，此时拖杆与竖直方向的夹角为.求推拖把的力的大小图13答案解析设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把，将推拖把的力沿竖直方向和水平方向分解，按平衡条件有竖直方向：Fcos mgFN，水平方向：Fsin Ff式中FN与Ff分别为地板对拖

16、把头的正压力和摩擦力且FfFN，联立解得F .19.(10分)如图14所示，某同学用大小为5 N、方向与竖直黑板面成53的力将黑板擦沿黑板表面竖直向上缓慢推动，黑板擦无左右运动趋势已知黑板的规格为4.51.5 m2，黑板的下边缘离地的高度为0.8 m，黑板擦(可视为质点)的质量为0.1 kg，g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6.图14(1)求黑板擦与黑板间的动摩擦因数；(2)当她擦到离地高度2.05 m时，黑板擦意外脱手沿黑板面竖直向下滑落，求黑板擦砸到黑板下边缘前瞬间的速度大小答案(1)0.5(2)5 m/s解析(1)对黑板擦受力分析如图所示：水平方向：Fsin FN

17、竖直方向：Fcos mgFf 另有：FfFN 联立可得：0.5(2)由受力分析可知：黑板擦脱手后做自由落体运动设砸到黑板下边缘前瞬间的速度大小为v，则v22gh，其中h2.05 m0.8 m1.25 m代入数据可得：v5 m/s.20.(10分)如图15所示，轻绳AC与水平面夹角30，BC与水平面夹角60.图15(1)若重物G20 N，求绳子AC和BC的拉力各是多大(2)若AC、BC能承受的最大拉力均不能超过100 N，那么重物G不能超过多少？(设悬挂重物G的绳CD强度足够大)答案见解析解析(1)以结点C为研究对象，它受到重力G、绳子BC的拉力F1和绳子AC的拉力F2，由于重物静止时对C点的拉

18、力FTG，拉力产生两个效果：对BC的拉力FTBC和对AC的拉力FTAC，其力的矢量关系如图所示，则F1Gcos 3010 NF2Gsin 3010 N.(2)根据力的矢量关系图可以看出FTBCFTAC，即当重力G增加时，FTBC先达到100 N，因此重力G的极限值就等于FTBC100 N时所对应的FT的数值，由几何关系得FT N，所以重物的重力G不能超过 N. 21.(10分)如图16所示，在水平作用力F的作用下，木板B在水平地面上向左匀速运动，其水平表面上的木块A静止不动轻弹簧秤一端固定在竖直墙上，另一端与木块A相连已知弹簧秤的示数为3.2 N，木块A重力GA8 N，木板B重力GB12 N.

19、图16(1)若此时弹簧的伸长量为1.6 cm，则该弹簧秤弹簧的劲度系数为多少？(2)木块A与木板B之间的动摩擦因数为多少？(3)若已知木板与水平地面间的动摩擦因数为0.3，则水平力F为多大？答案(1)200 N/m(2)0.4(3)9.2 N解析(1)k200 N/m.(2)由木块A静止不动，得木块A所受摩擦力Ff3.2 N，所以，有0.4.(3)木板所受地面的摩擦力：Ff地地(GAGB)6 N木板匀速运动，所以FFf地FfABFf地Ff9.2 N.22(10分)某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他“神奇的功力”下飘动起来假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C(CS竖直，QCS30)时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是30，此时小球静止，如图17所示已知小球的质量为m，该同学(含磁铁)的质量为M，求此时：图17(1)悬挂小球的细线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？答案(1)mg(2)Mgmgmg解析(1)以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，则由平衡条件得Fsin 30FCsin 30FCcos 30Fcos 30mg解得FFCmg(2)以小球和该同学整体为研究对象，受力分析如图乙所示，同理有FfFsin 30FNFcos 30(Mm)g将F值代入解得FfmgFNMgmg.