1、中考化学说明与检测试题对比 物质的推断物质的推断【相同部分】一、选择题(2018,上册,73)(2017,上册,73)甲、乙、丙、丁四种物质有如下图所示的转化关系(部分反应物和生成物已略去),则 甲、乙、丙、丁依次是【 】A.C、CO、CO2、H2CO3B.CO、CO2、C、H2CO3C.CaO、Ca(OH)2、CaCl2、CaCO3D.CaCO3、Ca(OH)2、CaCl2、CaO答案:C解析:A、碳会转化成一氧化碳,一氧化碳会转化成二氧化碳,二氧化碳会转化成碳酸,但是碳酸不会转化成碳,故A错误;B、一氧化碳会转化成二氧化碳,二氧化碳会转化成碳,碳不会转化成碳酸,故B错误;C、氧化钙和水生成
2、氢氧化钙,氢氧化钙和盐酸生成氯化钙,氯化钙和碳酸钠生成碳酸钙,碳酸钙高温生成氧化钙,故C正确;D、碳酸钙不会生成氢氧化钙,故D错误故选C(2018,上册,93)(2017,上册,93)甲、乙、丙、丁是 HCl、BaCl2、AgNO3、Na2CO3四种溶液中的一种。已知甲与乙、甲与丙、甲与丁、丙与丁混合均产生沉淀,乙与丁混合产生气体,则甲、乙、丙、丁依次为【 】A.HCl、BaCl2、AgNO3、Na2CO3B.AgNO3、HCl、Na2CO3、BaCl2C.BaCl2、Na2CO3、AgNO3、HClD.AgNO3、HCl、BaCl2、Na2CO3答案:D解析:乙与丁混合产生气体,说明为碳酸钠
3、和盐酸;甲与乙、甲与丙、甲与丁混合均产生沉淀,甲只能是硝酸银。故丙为氯化钡,又因丙与丁混合均产生沉淀,故丁为碳酸钠,乙为盐酸。故选D。(2018,上册,35)(2017,上册,35)甲、乙、丙、丁分别是氢氧化钙溶液、铜、碳酸钠溶液、盐酸中的一种。已知甲和丙可以反应,甲和丁也可以反应,则下列结论正确的是【 】A.甲一定是氢氧化钙溶液B.乙一定是铜C.丙不可能是碳酸钠溶液D.丁只能是盐酸答案:B解析:氢氧化钙溶液、碳酸钠溶液、盐酸两两之间可以相互反应,只有铜不与氢氧化钙溶液、碳酸钠溶液、盐酸反应,故根据题意可知,乙一定是铜。甲、丙、丁则分别是氢氧化钙溶液、碳酸钠溶液、盐酸中的一种。(2018,上册
4、,96)(2017,上册,96)某白色固体含有氢氧化钠、氢氧化钙、碳酸钠和碳酸钙中的几种。取少量该固体加入足量水,搅拌后有不溶物,过滤后,在滤液中加入盐酸时有气泡产生,则该固体中一定含有【 】A.碳酸钠 B.氢氧化钠 C.碳酸钙 D.氢氧化钙答案:A解析:取少量该固体加入足量水,搅拌后有不溶物,不溶物可能是固体中本来就含有碳酸钙,也有可能是固体中含有碳酸钠和氢氧化钙,二者反应生成了碳酸钙沉淀。过滤后,在滤液中加入盐酸时有气泡产生,说明滤液中含有碳酸根,由于碳酸钙不溶于水,所以滤液一定溶有碳酸钠。故该固体中一定含有碳酸钠,且该固体中,氢氧化钙和碳酸钙两种物质至少存在其中一种。(2018,上册,9
5、4)(2017,上册,94)为测定超薄材料气球内的气体成分,按下图装置进行实验。开始时气球沉于烧杯底部,打开弹簧夹后,过一会儿气球从烧杯底部慢慢浮起,最后悬于烧杯口,则气球内的气体可能是【 】A.氢气 B.氧气C.甲烷 D.氯气答案:B解析:A、氢气的密度比空气小,开始时不会沉在烧杯底部,故A不正确;B、气球充有氧气,氧气的密度比空气大,会沉在烧杯底部,稀硫酸能与碳酸钠反应生成二氧化碳,二氧化碳的密度比氧气的密度大,会使气球浮起,故B正确;C、甲烷的密度比空气小,开始时不会沉在烧杯底部,故C不正确;D、氯气的密度比空气密度大,会沉在烧杯底部,但二氧化碳的密度也比氯气小,故气球不会浮起,故D不正
6、确;故选B二、填空题(2018,上册,30)(2017,上册,30)有A、B、C三种物质,它们之间有如下转化关系:A + 2AgNO3 = B + 2Ag,B +2KOH=2C+Cu(OH)2,判断化学式:A是_,B 是_,C 是_。答案:Cu Cu (NO3)2 KNO3(2018,上册,51)(2017,上册,51)已知反应A+B=C+D,若A、C为单质,B、D为化合物,则该反应所属的基本反应类型是_;若A溶液呈蓝色,B为烧碱,则该反应的化学方程式为_(写出一个即可);若四种物质均为化合物,且C为盐,D为水,但该反应不一定属于中和反应,其具体例子为_。答案:置换反应 CuSO4+ 2NaO
7、H = Cu(OH)2 +Na2SO4 二氧化碳与氢氧化钠反应可生成盐和水,但并不属于中和反应(2018,上册,60)(2017,上册,例4)A、B、C、D分别为氧化铁、盐酸、氢氧化钙、碳酸钙中的一种,它们之间的反应或转化关系如右图(部分物质和反应条件已略去)。则化学方程式: 为_;为_。A在生产或生活中的一种用途是_。答案:Ca(OH)2+CO2 =CaCO3+ H2O或 Ca(OH)2+Na2CO3 =CaCO3+2NaOH 6HCl+Fe2O3=2FeCl3+3H2O 改良酸性土壤(或作建筑材料等)解析:本题属于较难题,主要考查依据框 图进行常见物质的推断及化学方程式的书写等,综合性强且
8、答案有一定的开放性。该题的四种物质均已知,只需结合物质的组成和性质确定框图中的转化关系即可,突破口应该是C 和D。D能转化为铁,说明D为含铁元素的氧化铁;C与其他三种物质以及铁都能发生反应,则C为盐酸;A能转化为B,则应为能溶于水的氢氧化钙转化为难溶的碳酸钙,即A为氢氧化钙,B为碳酸钙。框图中的四种物质具体对应之后,就可写出有关反应的化学方程式,并能写出具体物质的用途。(2018,上册,5)(2017,上册,5)下图表示水等物质间的转化关系(反应条件及部分物质已略去)。请写出化学式:甲为_;乙为_。答案:H2 Ca(OH)2 等解析:水通电分解生成氢气和氧气,氢气和氧化铜在加热的条件下生成水,
9、氧化钙和水反应生成氢氧化钙,氢氧化钙和酸发生复分解反应生成盐和水;因此甲是氢气,乙是氢氧化钙故答案为:H2;Ca(OH)2(2018,上册,18)(2017,上册,18)下图中,甲是相对分子质M为16的有机物;乙是最常见的溶剂;丁是白色难溶固体,其中金属元素的质景分数为40%。甲的化学式为_;和的化学方程式分別为_、_;丙的一种用途是_。答案:CH4 CO2 + Ca (OH )2 = CaCO3+ H2O CaCO3 + 2HCl = CaCl2+CO2 +H2O 灭火(或作气体肥料等)(2018,上册,26)(2017,上册,26)A、B、C、D是中学化学常见的物质,其中A是一种黑色氧化物
10、,B的溶液呈蓝色,它们之间有如下图所示的转化关系。则X为_,Y为_。C转化的化学方程式_。答案:H2SO4 NaOH(合理答案均可) Cu(OH)2 +2HCl = CuCl2 +2H2O解析:A、B、C、D是初中化学常见的物质,B物质的溶液呈蓝色,所以B是含有铜离子的盐,A是一种黑色氧化物,和X反应会生成铜离子,所以A是氧化铜,X是一种强酸,盐和Y会生成C,C和酸会生成盐B,所以Y是一种强碱,C就是氢氧化铜沉淀,D就是氯化铜,所以X是硫酸,Y可以是氢氧化钠,硫酸和氧化铜会生成硫酸铜,氢氧化铜和硫酸会生成硫酸铜,硫酸铜和氢氧化钠会生成氢氧化铜,氢氧化铜和盐酸会生成氯化铜,氯化铜和氢氧化钠会生成
11、氢氧化铜,推出的各种物质均满足题意,推导合理,所以X是H2SO4,Y是NaOH,氢氧化铜和盐酸反应生成氯化铜和水,所以C转化成D的化学方程式为:Cu(OH)2+2HClCuCl2+2H2O(2018,上册,41)(2017,上册,41)甲、乙、丙三种物质均含地壳中含量最多的元素。甲、乙是组成元素完全相同的化合物,丙是单质,乙通常为液体,在一定条件下可分解生成丙,它们之间有如右图所示的转化关系(部分物质和反应的条件已经略去),则甲的化学式为_,乙分解生成丙的化学方程式为_,从微观的角度解释甲、乙性质有差异的原因是_。答案:H2O2 2H2O2H2+O2 两种物质的分子构成不同解析:地壳中含量最多
12、的元素为氧元素,则单质丙为氧气;乙通常为液体且在一定条件下能生成氧气,又可由与其组成元素相同的甲反应生成,可判断乙为水、甲为过氧化氢; 乙丙,即水转化为氧气,水在通电条件下分解生成氢气和氧气; 2H2O2H2+O2;根据物质结构决定性质,甲:过氧化氢H2O2、乙:水H2O,两物质的组成元素相同,但两物质的分子结构不同,所以两物质的性质有差异。(2018,上册,53)(2017,上册,53)(2017,下册,例4)下图中,甲是氧化物,其中金属元素的质量分数为70%;乙是黑色粉末;丙和丁是可溶性盐。反应和的化学方程式分别为_ 、_;试剂B是_ (填化学式)溶液;在氧气和水存在时能发生反应,化学方程
13、式为_ 。解析:本题属于信息推断题。首先根据题目所给信息可知甲是氧化物,其中金属元素的质量分数为70%,由图中已知两种物质的化学式可初步推断甲为铁的氧化物,而氧化铁中铁元素的质量分数刚好为70%,可确定甲为氧化铁。由题目可知乙为黑色粉末,而氧化铁被还原后生成的铁粉为黑色,可推知乙为铁。反应为还原氧化铁的反应,可利用一氧化碳、碳或氢气还原。加入试剂A后,氧化铁和铁都会转化为可溶性盐,由此推断加入的试剂A为酸,可判断其为常见的稀盐酸或稀硫酸。由丙和丁中加入试剂B后转化成含有铁元素的两种碱,可推断加入的试剂B应为可溶性碱,常见的碱有氢氧化钠、氢氧化钙或氢氧化钾等。根据题给信息可书写反应的化学方程式。
14、答案:Fe2O3+3CO2Fe+3CO2(或2 Fe2O3+3C4Fe+3CO2等)Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O或Fe2O3+3H2SO4=Fe2(SO4)3+3H2O等NaOH或Ca(OH)2等 4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3(2018,上册,54)(2017,上册,54)A、B、C、D均含有同一种元素,它们的转化关系如图所示(部分物质和反应条件已略去)。(1)若A是紫红色金属,D为难溶性碱,则D的化学式为_;由C转化为A的化学方程式为_。(2)若A属于氧化物,其相对分子质量为 56,A与水化合得B,C是白色难溶固体,则B的一种用途是_;由D转化为C的化学
15、方程式为_。答案:(1)Cu(OH)2 CuSO4+Fe = Cu+ FeSO4(或 CuCl2+Zn = Cu+ZnCl2等)(2)改良酸性土壤(或作建筑材料等) CaCl2 + Na2CO3 = CaCO3 + 2NaCl 或 CO2 + Ca(OH)2 = CaCO3 +H2O等解析:(1)A是紫红色金属,因此A是铜,A、B、C、D均含有同一种元素,D为难溶性碱,因此D是氢氧化铜,化学式为:Cu(OH)2;由于C能够和氢氧化铜相互转化,且C能够转化为铜,因此C是铜的盐溶液,如硫酸铜、氯化铜等,因此由C转化为A可以是铁与硫酸铜等发生置换反应,反应的方程式为:CuSO4+Fe = Cu+ F
16、eSO4(或 CuCl2+Zn = Cu+ZnCl2等),该反应类型为置换反应;(2)A属于氧化物,其相对分子质量为56,则A为氧化钙;A与水化合得B,B是氢氧化钙,可以用于改良酸性土壤(或作建筑材料等);C是白色难溶固体,因此C是碳酸钙,D和碳酸钙能相互转化,D可以是钙盐,也可以是二氧化碳,由D转化为C是产生碳酸钙的反应,因此可以是 CaCl2 + Na2CO3 = CaCO3 + 2NaCl 或 CO2 + Ca(OH)2 = CaCO3 +H2O等。(2018,上册,56)(2017,上册,56)初中化学常见物质AG有如下图所示的转化关系(部分反应条件及物质已略去)。已知A为单质;C为气
17、体,反应为实验室制取气体C的方法;E是用量最大的金属,其含量在地壳中居第四位;F是最轻的气体。(1)反应的反应类型为_。(2)写出物质的名称:C为_;D为_。(3)写出有关反应的化学方程式。E在氧气中燃烧:_;反应:_;反应:_。(4)F的一种用途是_。答案:(1)复分解反应(2) 二氧化碳 稀盐酸(3) 3Fe + 2O2 Fe3O4Fe3O4+2C3Fe + 2CO2 Fe+2HCl = FeCl2 + H2 (4) 作清洁能源等解析:根据题目中的信息:根据“E是用量最大的金属,其含量在地壳中居第四位”,可知E为铁,铁在氧气中燃烧生成四氧化三铁B;根据“F是最轻的气体”,铁E和D反应生成F
18、氢气,D为酸,又D与碳酸钙反应生成气体C,且反应为实验室制取气体C的方法,可推知D为盐酸,进而可知G为氯化亚铁;因为“A为单质;C为气体”,则A为碳;为实验室制取气体C的方法,则C为二氧化碳,代入符合题意;(1)反应为实验室制取二氧化碳的反应,其化学方程式为:CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2+H2O,故为复分解反应;(2)由上述分析可知C为二氧化碳,化学式为CO2;D为盐酸,化学式为HCl;(3)反应为碳和四氧化三铁反应,化学方程式为 Fe3O4+2C3Fe + 2CO2 。反应为铁与盐酸反应生成氯化亚铁和氢气,化学方程式为Fe+2HClFeCl2+H2(4)由上述分析可知F为氢气,氢
19、气可以作清洁能源,还可以用来冶炼金属(2018,上册,59)(2017,上册,59)甲、乙、丙为初中化学常见物质,其转化关系如下图所示(“”表示由一种物质转化成另一种物质,反应条件、部分反应物和生成物已略去)。(1)若甲、乙、丙分别为稀硫酸、氢氧化铜、硫酸铜溶液中的一种,则乙是_。(2)若甲、乙、丙均为含有钙元素的化合物,甲与水反应生成乙并放出大量的热。则甲乙的化学方程式为_,丙可能是_(写出一种即可)。(3)若甲、乙、丙为氧化物,除氧元素外另一种元素均不相同,且三种物质常温下依次为固态、气态和液态,则甲可能是_(写出一种即可)。答案:(1)硫酸铜溶液 (2)CaO+H2O =Ca(OH)2
20、CaCO3 等 (3)氧化铁等解析:甲、乙、丙为初中常见物质,(1)若甲、乙、丙各为稀硫酸、氢氧化铜、硫酸铜溶液中的一种,硫酸和氧化铜会生成硫酸铜,硫酸铜和氢氧化钠会生成氢氧化铜,所以乙是硫酸铜;(2)若甲、乙、丙均为含有钙元素的化合物,甲与水反应生成乙并放出大量的热,所以甲是氧化钙,氧化钙和水反应生成氢氧化钙,化学方程式为:CaO+H2O=Ca(OH)2,放出热量,所以乙是氢氧化钙,氢氧化钙会转化成氯化钙、碳酸钙,所以丙可能是碳酸钙;(3)若甲、乙、丙为氧化物,除氧元素外,另一元素均不相同,且三种物质常温下依次为固态、气态和液态,氧化铁和一氧化碳反应生成二氧化碳,二氧化碳和氢氧化钙反应生成水
21、,所以甲可能是氧化铁,乙是二氧化碳,丙是水三、简答题(2018,上册,20)(2017,上册,20)甲、乙、丙是中学化学常见的物质,它们均含有形成化合物种类最多的一种元素,甲是单质。它们之间有如下图所示的转化关系,请写出各步变化的化学方程式。答案: C+O2CO2 2C+O22CO CO2+C2CO 4CO + Fe3O4 3Fe+4CO2解析:四种物质中都含有形成化合物种类最多的一种元素,即碳元素。且已知甲是单质,故甲是C;丙能和四氧化三铁反应,故丙是CO,生成的乙是CO2。根据题意写出相应的化学方程式即可。(2018,上册,47)(2017,上册,47)已知A、B、C、D是初中化学常见的物
22、质。它们之间的转化关系如下图所示(部分物质和反应条件略去)。其中A被看作是理想的 “绿色能源”,B在常温下是无色液体,C可用于灭火。请回答下列问题。(1)A在空气中燃烧的主要现象是什么?(2)D可能是有机物或无机物,请分别写出其可能的化学式。(3)写出B转化为A的化学方程式。答案:(1)产生淡蓝色火焰。(2) C6H12O6 或 H2CO3(3) 2H2O2H2 +O2 (2018,下册,6) (2017,下册,6)有一包白色粉末,可能是(NH4)2SO4、NaCl、BaCl2、Na2CO3、Na2SO4、CuSO4中的一种或几种,为确定白色粉末的成分,进行如下探究:a.取适量白色粉末与熟石灰
23、混匀、共热,没有任何异味产生;b.另取适量白色粉末加入足量的水,搅拌,得到白色沉淀和无色溶液;c.取b中的白色沉淀,往其中加入过量的稀盐酸,产生大量的气泡,白色沉淀全部消失。请回答:(1)原白色粉末中一定含有哪些物质?一定不含什么物质?(2)写出产生白色沉淀的反应的化学方程式。答案:(1)定含有BaCl2、Na2CO3。一定不含(NH4)2SO4、Na2SO4、CuSO4(2)BaCl2+Na2CO3=BaCO3+2NaCl解析:a取适量白色粉末于熟石灰混匀、共热,没有任何异味产生;说明不含有硫酸铵;b另取适量白色粉末加入足量的水,搅拌,得到白色沉淀和无色溶液,因为硫酸铜溶液是蓝色的,故一定不
24、会含有硫酸铜,产生的沉淀可能是氯化钡与碳酸钠反应生成的碳酸钡沉淀,也可能是氯化钡与硫酸钠反应生成的硫酸钡沉淀;c取b中的白色沉淀,往其中加入过量的稀盐酸,产生大量的气泡,白色沉淀全部消失说明一定不会是硫酸钡沉淀,是碳酸钡沉淀,从而说明一定不会含有硫酸钠,一定含有碳酸钠和氯化钡,不能确定氯化钠的存在;(1)白色粉末中一定含有碳酸钠和氯化钡,一定不含有硫酸铜、硫酸钠和硫酸铵,故答案为:碳酸钠、氯化钡;硫酸铜、硫酸钠和硫酸铵;(2)产生沉淀是因为碳酸钠和氯化钡反应生成了碳酸钡沉淀和氯化钠,故答案为:BaCl2+Na2CO3=BaCO3+2NaCl(2018,上册,12)(2017,上册,12)有一包
25、白色粉末,其中含有CuSO4、 BaCl2、NaOH、Na2CO3中的一种或几种。某化学小组为确定白色粉末的成分,进行了如下实验:(I)取一定量的白色粉末,加入足量水,振荡,得到无色透明溶液;()取少量()的溶液,加入足量盐酸,有气泡产生。(提示:BaCO3难溶于水;Na2CO3的水溶液呈碱性)(1)该白色粉末中肯定含有什么物质?可能含有什么物质?(2)为确定可能含有的物质是否存在,还需做什么实验?请写出简要的实验步骤。答案:(1)肯定含有Na2CO3;可能含有 NaOH。(2)取少量(I )的溶液,加入足量BaCl2 溶液(或CaCl2溶液等),静置,取上层清液滴加酚酞溶液。(2018,上册
26、,23)(2017,上册,23)A、B、C、D分别是盐酸、氢氧化钠、碳酸钠、氢氧化钙四种溶液中的一种。将它们两两混合时,产生如下现象:A、B混合时有气泡产生;A、C混合时有白色沉淀生成;其他无明显现象。请确定D中溶质的化学式并写出有关反应的化学方程式。答案:D中溶质的化学式为NaOH。 Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2 Ca(OH)2 +Na2CO3 =CaCO3 +2NaOH Ca (OH)2 + 2HCl = CaCl2 +2H2O NaOH + HCl=NaCl+ H2O解析:根据A+B反应有气泡,A+C反应有白色沉淀,由三种物质之间的相互反应,Ca(OH)2 +Na2
27、CO3 =CaCO3 +2NaOH,Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2 ,可知A为Na2CO3,B为HCl,C为Ca(OH)2,则D为KOH;(2018,上册,44)(2017,上册,44)如图是某同学设计的趣味实验装置图,其气密性良好。(1)若胶头滴管中的物质是浓NaOH溶液,锥形瓶中充满CO2,则挤压胶头滴管后能观察到什么现象?请写出所发生反应的化学方程式。(2)若将胶头滴管中的物质滴入锥形瓶后,能明显观察到U形管中红墨水的液面左低右高,甚至从右端溢出。请推测胶头滴管和锥形瓶中的物质分别是什么。(答出两种组合即可)答案:(1) U形管中红墨水的液面左高右低 (或被吸入锥形瓶
28、中)等。CO2+2NaOH = Na2CO3 + H2O(或 CO2 + NaOH = NaHCO3)(2)胶头滴管和锥形瓶中的物质分别是稀硫酸和锌,或盐酸和碳酸钠,或双氧水和 二氧化锰,或浓硫酸和水,或水和氧化钙等。(答出两组即可)【不同部分】2018一、选择题(2018,上册,例8)甲、乙、丙有如下图所示的转化关系(“”表示反应一步实现,部分物质和反应条件已略去),下列各组物质按照甲、乙、丙的顺序不符合要求的是【 】A. C、CO2、CO B. H2O2、O2、H2O C. CuO、Cu、Cu (NO3)2 D.NaOH、NaCl、NaNO3答案:D分析:本题属于较难题,主要以框图推断的方
29、式考查常见物质的性质和互相转化关系,涉及的物质多,综合性强。该框图中的三种物质以选项的方式给出,只需逐项验证即可。若对有关物质的性质和转化关系熟练掌握,就能又准又快地选出答案。框图中包含三步转化,其中,乙和丙的转化是互相转化,A、B、C选项中物质均能满足三步转化,而D选项中的NaNO3不能转化为NaCl,因为不符合复分解反应发生的条件,故本题答案选D。二、填空题(2018,上册,例4)A、B、C、D均含同一种元素,它们的转化关系如下图(部分物质和反应条件略去)。 A是白色难溶固体,相对分子质量为100,金属元素质量分数为40%;C常作干燥剂;D属于碱。则A的一种用途是_;B的化学式为_;由C转化为D的化学方程式为_。答案:作建筑材料(或补钙剂等) CaCl2或Ca(NO3)2等 CaO+H2O=Ca(OH)2解析:本题属于较难题,主要考查依据框图进行常见物质的推断及化学方程式的书写等,综合性强且答案有一定的开放性。本题的突破口是A物质,由A是白色难溶固体,相对分子质量为100,金属元素质量分数为40%,可知A为CaCO3;四种物质均合同一种元素(可能为Ca),C常作干燥剂(初中常见的干燥剂有浓硫酸、烧碱和氧化钙等),则C为CaO;D属于碱,则D为Ca(OH)2;B和CaCO3能够相互转化,根据酸、碱、盐的性质以及复
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