高考理综模拟押题卷物理部分全国Ⅱ卷.docx

1、高考理综模拟押题卷物理部分全国卷2020年高考理综模拟押题卷（物理部分）（全国卷）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项是符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分 1. ( 6分 ) 关于功，下列说法中正确的是（ ） A.因为功有正负，所以功是矢量B.力对物体不做功，说明物体一定无位移C.功的多少是由力的大小和物体在力的方向上的位移的大小确定的D.力对物体做功少，说明物体的受力一定小2. ( 6分 ) （2017新课标）一静止的铀核放出一个粒子衰变成钍核，衰变方程为 + ，下列说法正确的是（）A.衰变后

2、钍核的动能等于粒子的动能B.衰变后钍核的动量大小等于粒子的动量大小C.铀核的半衰期等于其放出一个粒子所经历的时间D.衰变后粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量3. ( 6分 ) 如图所示，一个物体沿固定斜面匀速下滑，关于物体所受的力，下列说法中正确的是（ ）A.物体所受合力的方向沿斜面向下B.物体所受重力和支持力的合力的方向沿斜面向下C.物体所受的重力和支持力大小相等D.物体匀速下滑的速度越大，表明它所受的摩擦力越小4. ( 6分 ) 跳台滑雪就是运动员脚着特制的滑雪板，沿着跳台的倾斜助滑道下滑，以一定的速度从助滑道水平末端滑出，使整个身体在空中飞行约 后，落在着陆坡上，经过一段减速运动最

3、终停在终止区，如图所示是运动员跳台滑雪的模拟过程图，设运动员及装备总质量为60kg，由静止从出发点开始自由下滑，并从助滑道末端水平飞出，着陆点与助滑道末端的竖直高度为 ，着陆瞬时速度的方向与水平面的夹角为 设助滑道光滑，不计空气阻力 ，则下列各项判断中错误的是()A.运动员 含装备 着地时的动能为 B.运动员在空中运动的时间为 C.运动员着陆点到助滑道末端的水平距离是 D.运动员离开助滑道时距离跳台出发点的竖直高度为80m5. ( 6分 ) 如图是科学史上一张著名的实验照片，显示一个带电粒子在云室中穿过某种金属板运动的径迹云室旋转在匀强磁场中，磁场方向垂直照片向里云室中横放的金属板对粒子的运动

4、起阻碍作用分析此径迹可知粒子()A.带正电，由下往上运动B.带正电，由上往下运动C.带负电，由上往下运动D.带负电，由下往上运动6. ( 6分 ) （2017新课标）如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M，N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0 ， 若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M，Q到N的运动过程中（）A.从P到M所用的时间等于 B.从Q到N阶段，机械能逐渐变大C.从P到Q阶段，速率逐渐变小D.从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功7. ( 6分 ) （2017新课标）两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直边长为0.1m、总电

5、阻为0.005的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图（a）所示已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t=0时刻进入磁场线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）下列说法正确的是（）A.磁感应强度的大小为0.5 TB.导线框运动速度的大小为0.5m/sC.磁感应强度的方向垂直于纸面向外D.在t=0.4s至t=0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1N8. ( 6分 ) 电磁轨道炮工作原理如图所示待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触电流I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回轨道电流可

6、形成在弹体处垂直于轨道面得磁场（可视为匀强磁场），磁感应强度的大小与I成正比通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出现欲使弹体的出射速度增加至原来的2倍，理论上可采用的方法是（ ）A.只将轨道长度L变为原来的2倍B.只将电流I增加至原来的2倍C.只将弹体质量减至原来的一半D.将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变二、非选择题：第912题为必考题，每个试题考生都必须作答第1314题为选考题，考生根据要求作答 9. ( 5分 ) 如图所示是研究匀变速直线运动的实验中得到的一条纸带，记录了小车所作的一段匀减速直线运动，从纸带上点迹清晰的地方选择一点0，从0点开始每5个点取

7、一个计数点，并标上0、1、2、3、4、5、6，量得s1=1.31cm，s2=1.79cm，s3=2.28cm，s4=2.80cm，s5=3.27cm，s6=3.81cm根据数据进行下列计算或判断：（计算结果保留3位有效数字）（1）测量时纸带的_端（填“左”或“右”）固定在小车上；（2）打计数点3时小车的瞬时速度v=_m/s；（3）小车的加速度a=_m/s2 10. ( 11分 ) （2016新课标）现要组装一个由热敏电阻控制的报警系统，当要求热敏电阻的温度达到或超过60时，系统报警提供的器材有：热敏电阻，报警器（内阻很小，流过的电流超过IC时就会报警），电阻箱（最大阻值为999.9），直流电源

8、（输出电压为U，内阻不计），滑动变阻器R1（最大阻值为1000），滑动变阻器R2（最大阻值为2000），单刀双掷开关一个，导线若干在室温下对系统进行调节，已知U约为18V，IC约为10mA；流过报警器的电流超过20mA时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在60时阻值为650.0（1）在答题卡上完成待调节的报警系统原理电路图的连线（2）在电路中应选用滑动变阻器_（填“R1”或“R2”）（3）按照下列步骤调节此报警系统：电路接通前，需将电阻箱调到一定的阻值，根据实验要求，这一阻值为_；滑动变阻器的滑片应置于_（填“a”或“b”）端附近，不能置于另一端的原因是_将开关向_（填“c

9、”或“d”）端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直至_保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常使用11. ( 12分 )（2017新课标）为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1s0）处分别设置一个挡板和一面小旗，如图所示训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板：冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为v1 重力加速度为g求（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；

10、（2）满足训练要求的运动员的最小加速度12. ( 19分 ) （2017新课标）如图，两水平面（虚线）之间的距离为H，其间的区域存在方向水平向右的匀强电场自该区域上方的A点将质量为m、电荷量分别为q和q（q0）的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时的动能的1.5倍不计空气阻力，重力加速度大小为g求（1）M与N在电场中沿水平方向的位移之比；（2）A点距电场上边界的高度；（3）该电场的电场强度大小13. ( 15分 ) （2017新课标）

11、物理-选修3-3（1）如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积假设整个系统不漏气下列说法正确的是（）A.气体自发扩散前后内能相同B.气体在被压缩的过程中内能增大C.在自发扩散过程中，气体对外界做功D.气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E.气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变（2）一热气球体积为V，内部充有温度为Ta的热空气，气球外冷空气的温度为Tb 已知空气在1个大气压、温度为T0时的密度为0 ， 该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大

12、小为g（i）求该热气球所受浮力的大小；（ii）求该热气球内空气所受的重力；（iii）设充气前热气球的质量为m0 ， 求充气后它还能托起的最大质量14. ( 15分 ) 物理-选修3-4如图所示，截面为半圆形的玻璃砖直径AB长度为d=20em，长直尺MN紧靠玻璃砖B点放置，与玻璃砖直径边缘垂直東由a和b两种色光组成的细光束沿半径方向射向圆心0处，结果在直尺上出现了三个亮点C、D、E.已知该玻璃砖对a光的折射率。大于b光的折射率，且C、D、E三个亮点到B点的距离分别为 =10cm， cm， cm.（1）试确定C、D、E三个亮点对应的色光种类，并求该玻璃砖对a和b两种色光的折射率； （2）若要直尺上

13、只出现两个亮点，可将复色光光東从图示位置绕0点顺时针旋转0角度，求角度的范围(可能用到的参考值sin35 )。 答案解析部分一、选择题：本大题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项是符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分 1.【答案】 C 【考点】恒力做功，变力做功 【解析】【解答】A、功的正负表示物体对外做功还是克服外力做功，不代表方向，功是标量；A不符合题意；B、如果力的方向和运动方向垂直，即使位移不为零力对物体也不做功；B不符合题意；C、功等于力和物体在力的方向上的位移的乘积；C符合题意；D、力对物体做功少，说明

14、力小或物体在力的方向上的位移小；D不符合题意.故答案为：C【分析】该题目考察的力作用的内容，功的正负表示力对物体做正负功的含义，当力的方向和位移的方向垂直的时候，力不做功。2.【答案】 B 【考点】动量守恒定律，原子核的衰变、半衰期 【解析】【解答】AB、一静止的铀核放出一个粒子衰变成钍核，根据系统动量守恒知，衰变后钍核和粒子动量之和为零，可知衰变后钍核的动量大小等于粒子的动量大小，根据 知，由于钍核和粒子质量不同，则动能不同，故A错误，B正确C、半衰期是原子核有半数发生衰变所需要的时间，故C错误D、衰变的过程中有质量亏损，即衰变后粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故D错误故选：B【分

15、析】根据动量守恒定律，得出两粒子的动量大小关系，结合动能和动量的关系得出动能的大小关系半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，结合衰变的过程中有质量亏损分析衰变前后质量的大小不相等3.【答案】 B 【考点】滑动摩擦力，共点力平衡条件的应用，物体的受力分析 【解析】【解答】解：A、物体受到重力、支持力及摩擦力而做匀速直线运动，由共点力的平衡条件可知物体所受合力为零，故A错误；B、物体受到的摩擦力沿斜面向上，因物体受三个力而处于平衡，故重力与支持力的合力的方向一定与摩擦力方向相反，故二力的合力一定沿斜面向下，故B正确；C、在垂直于斜面方向上，物体受到的合力应为零，故支持力应等于重力垂直于斜面的分力，即

16、支持力小于重力，故C错误；D、滑动摩擦力F=FN ， 故摩擦力与下滑速度无关，只与正压力及动摩擦因数有关，故D错误；故选B【分析】先对物体进行受力分析，由题意可知，物体做匀速直线运动，则由共点力的平衡条件可知物体受到的合力；由力的合成与分解可得出各力间的关系4.【答案】 D 【考点】平抛运动，动能定理的综合应用 【解析】【解答】A.将运动员视为质点，如图，经平抛落在着陆坡B点，已知B点速度方向与水平成 ，将速度分解，画出速度三角形，水平方向匀速运动，竖直方向做自由落体运动，则： ， ，根据速度三角形得： ， ，动能为 ，A符合题意；空中平抛时间，可以竖直分运动求解： ， ，B符合题意；如图着陆

17、点到助滑道末端水平距离为x，水平方向做匀速直线运动，则 ， ， ，C符合题意；如图所示，跳台出发点为O点，在助滑道上的运动过程中，只有重力做功，根据动能定理： ， ， ，D不符合题意。故答案为：D。【分析】本题中运动员的运动分为两个过程，先在助跑轨道作加速运动，然后作平抛运动；题中已知平抛运动竖直位移和着地时速度方向，可根据竖直方向的匀加速运动规律得竖直方向的分速度，然后由速度的合成与分解关系可得合速度和平抛运动的初速度，之后可用动能定理解决助跑轨道上的运动。5.【答案】 A 【考点】圆形磁场 【解析】【分析】从照片上看，径迹的轨道半径是不同的，下部半径大，上部半径小，根据半径公式可知，下部速

18、度大，上部速度小，这一定是粒子从下到上穿越了金属板而损失了动能，再根据左手定则，可知粒子带正电，因此，正确的选项是A【点评】明确洛伦兹力提供向心力，推导出半径公式，当粒子穿出后由于阻力作用速度减小，这是解决本题的关键6.【答案】 C,D 【考点】开普勒定律，万有引力定律及其应用 【解析】【解答】A、海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，则PM段的时间小于MQ段的时间，所以P到M所用的时间小于 ，故A错误B、从Q到N的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故B错误C、从P到Q阶段，万有引力做负功，速率减小，故C正确D、根据万有引力方向与速度方向的关系知，从M到N阶段，万有引力对它先做

19、负功后做正功，故D正确故选：CD【分析】根据海王星在PM段和MQ段的速率大小比较两段过程中的运动时间，从而得出P到M所用时间与周期的关系；抓住海王星只有万有引力做功，得出机械能守恒；根据万有引力做功确定速率的变化7.【答案】 B,C 【考点】电磁感应现象，电磁感应与图象，电磁感应中切割类问题，楞次定律 【解析】【解答】AB、由图象可以看出，0.20.4s没有感应电动势，所以从开始到ab进入用时0.2s，导线框匀速运动的速度为：v= ，根据E=BLv知磁感应强度为：B= ，故A错误，B正确C、由b图可知，线框进磁场时，感应电流的方向为顺时针，根据楞次定律得，磁感应强度的方向垂直纸面向外，故C正确

20、D、在0.40.6s内，导线框所受的安培力F=BIL= = N=0.05N，故D错误故选：BC【分析】根据线框匀速运动的位移和时间求出速度，结合E=BLv求出磁感应强度，根据感应电流的方向，结合楞次定律得出磁场的方向根据安培力公式得出导线框所受的安培力8.【答案】 B,D 【考点】动能定理的综合应用，安培力，电磁感应与力学 【解析】【解答】解：通电的弹体在轨道上受到安培力的作用，利用动能定理有BIlL= mv2 ， 磁感应强度的大小与I成正比，所以B=kI解得 A、只将轨道长度L变为原来的2倍，弹体的出射速度增加至原来的 倍，故A错误B、只将电流I增加至原来的2倍，弹体的出射速度增加至原来的2

21、倍，故B正确C、只将弹体质量减至原来的一半，弹体的出射速度增加至原来的 倍，故C错误D、将弹体质量减至原来的一半，轨道长度L变为原来的2倍，其它量不变，弹体的出射速度增加至原来的2倍，故D正确故选BD【分析】通电的弹体在轨道上受到安培力的作用，利用动能定理表示出弹体的出射速度根据速度的表达式进行求解二、非选择题：第912题为必考题，每个试题考生都必须作答第1314题为选考题，考生根据要求作答 9.【答案】 （1）右（2）0.254（3）0.500【考点】研究匀变速直线运动 【解析】【解答】解：（1）小车拖动纸带运动时做匀减速直线运动，所以速度越来越小，故相等的时间间隔内位移越来越小，所以小车应

22、与纸带的右端相连（2）由于每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v3= = =25.4cm/s=0.254m/s（3）根据匀变速直线运动的推论公式s=aT2可以求出加速度的大小，得：s4s1=3a1T2s5s2=3a2T2s6s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a= （a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a= = 102 m/s2=0.500 m/s2故答案为：（1）右；（2）0.254；（3）0.500【分析】依据点与点间距，结合小车做匀减速，即可判定；根

23、据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小10.【答案】（1）（2）R2（3）650.0；b；保证报警器的安全使用保证报警器的安全使用；c；报警器开始报警【考点】电磁学实验 【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，本实验要求能用电阻箱进行校准，故电阻箱应与热敏电阻并联，利用单刀双掷开关进行控制； 它们再与报警器和滑动变阻器串联即可起到报警作用； 故连线如图所示； （2）电压为18V，而报警时的电流为10mA；此时电阻约为：R= =1800； 而热敏电阻的阻值约为650；故滑动变阻器

24、接入电阻约为1150；故应选择R2；（3）因要求热敏电阻达到60时报警；此时电阻为650；故应将电阻箱调节至650；然后由最大调节滑动变阻器，直至报警器报警；故开始时滑片应在b端；目的是让电流由小到大调节，保证报警器的安全使用；将开关接到C端与电阻箱连接，调节滑动变阻器直至报警器开始报警即可；然后再接入热敏电阻，电路即可正常工作；故答案为：（1）如下图；（2）R2；（3）650.0，b，保证报警器的安全使用；c；报警器开始报警【分析】（1）分析实验，明确实验原理，根据题目要求即可明确电路结构；（2）根据欧姆定律确定电路中的电阻，则可明确滑动变阻器的选择；（3）根据仪器原理进行分析，明确电阻箱的

25、作用以及实验过程和实验安全的分析，则可以明确滑动变阻器的调节和实验现象本题关键在于明确实验原理，分析实验步骤是解题的关键，通过实验步骤才能明确实验的目的和实验方法；从而确定各步骤中应进行的操作和仪器的使用情况11.【答案】（1）解：对冰球分析，根据速度位移公式得： ，加速度为：a= ，根据牛顿第二定律得：a=g，解得冰球与冰面之间的动摩擦因数为： 答：冰球与冰面之间的动摩擦因数（2）根据两者运动时间相等，有： ，解得运动员到达小旗处的最小速度为：v2= ，则最小加速度为： = 答：满足训练要求的运动员的最小加速度为 【考点】对单物体(质点)的应用，匀变速直线运动基本公式应用，匀变速直线运动导出

26、公式应用 【解析】【分析】（1）根据速度位移公式求出冰球的加速度，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小（2）抓住两者运动时间相等得出运动员到达小旗处的最小速度，结合速度位移公式求出最小加速度12.【答案】（1）两带电小球的电量相同，可知M球在电场中水平方向上做匀加速直线运动，N球在水平方向上做匀减速直线运动，水平方向上的加速度大小相等，两球在竖直方向均受重力，竖直方向上做加速度为g的匀加速直线运动，由于竖直方向上的位移相等，则运动的时间相等，设水平方向的加速度大小为a，对M，有： ，对N：v0=at， ，可得 ，解得xM：xN=3：1答： M与N在电场中沿水平方向的位移之比为3：1（2）设正电

27、小球离开电场时的竖直分速度为vy ， 水平分速度为v1 ， 两球离开电场时竖直分速度相等，因为M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时的动能的1.5倍，则有： ，解得 ，因为v1=v0+at=2v0 ， 则 =2v0 ， 因为M做直线运动，设小球进电场时在竖直方向上的分速度为vy1 ， 则有： ，解得vy1= ，在竖直方向上有： ， ，解得A点距电场上边界的高度h= 答：A点距电场上边界的高度为 ；（3）因为M做直线运动，合力方向与速度方向在同一条直线上，有： = ，则电场的电场强度E= = 答：该电场的电场强度大小为 【考点】位移的合成与分解，速度的合成与分解，平抛运动，电荷

28、在电场中的偏转 【解析】【分析】（1）抓住两球在电场中，水平方向上的加速度大小相等，一个做匀加速直线运动，一个做匀减速直线运动，在竖直方向上的运动时间相等得出水平方向时间相等，结合运动学公式求出M与N在电场中沿水平方向的位移之比；（2）根据离开电场时动能的大小关系，抓住M做直线运动，得出M离开电场时水平分速度和竖直分速度的关系，抓住M速度方向不变，结合进入电场时竖直分速度和水平分速度的关系，根据速度位移公式求出A点距电场上边界的高度；（3）结合带电小球M电场中做直线运动，结合速度方向得出电场力和重力的关系，从而求出电场强度的大小13.【答案】 （1）A,B,D（2）（i）设1个大气压下质量为m的空气在温度为T0时的体积为V0 ， 密度为 设温度为T的体积为VT ， 密度为（T）= 由盖吕萨克定律得 联立可得：（T）= 气球受到的浮力为f=（Tb）gV联立可得：f= ；（ii）根据（T）= 可得（Ta）= ，气球内空气的重力为G=（Ta）gV= gV；（iii）气球要漂浮在空气中，则气球总重力等于冷空气的浮力，假如还能托起的最大质量为m则F=m0g+G+mg所以m= m0答：（i）气球受到的浮力为： gV；（ii）气球内空气的重力为 gV；（iii）能托起的最大质量为 m0