高考物理重点专题突破 8.docx
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高考物理重点专题突破8
第3节
单__摆
1.单摆是一个理想化模型,在偏角很小的情况下,单摆做简谐运动。
单摆的回复力由重力沿圆弧切向的分力提供。
2.单摆的周期公式为:
T=2π,此式仅在摆角小于5°时成立,单摆的周期由摆长l和重力加速度g共同决定,与摆球质量无关。
3.由T=2π得g=,根据此式可求出某地的重力加速度。
单摆的运动
[自读教材·抓基础]
1.定义
把一根细线上端固定,下端拴一个小球,线的质量和球的大小可以忽略不计,这种装置叫做单摆。
2.单摆的回复力
(1)回复力的来源:
摆球的重力沿圆弧切线方向的分力。
(2)回复力的特点:
在偏角很小时,单摆的回复力与它偏离平衡位置的位移成正比,方向总指向平衡位置。
3.运动规律
单摆在偏角很小时做简谐运动,其振动图像遵循正弦函数规律。
[跟随名师·解疑难]
1.单摆是一种理想模型,实际摆可视为单摆的要求是什么?
(1)细线形变要求:
细线的伸缩可以忽略。
(2)细线与小球质量要求:
细线质量与小球质量相比可以忽略。
(3)小球密度要求:
小球的密度较大。
(4)线长度要求:
球的直径与线的长度相比可以忽略。
(5)受力要求:
与小球受到的重力及线的拉力相比,空气对它的阻力可以忽略。
(6)摆角要求:
单摆在摆动过程中要求摆角小于5°。
2.单摆做简谐运动的条件
判断单摆是否做简谐运动,可分析摆球的受力情况,看回复力是否符
合F=-kx的特点,如图所示。
(1)在任意位置P,有向线段OP―→为此时的位移x,重力G沿圆弧切线方向的分力G1=Gsinθ提供摆球以O点为中心做往复运动的回复力。
(2)在摆角很小时,sinθ≈θ=,G1=Gsinθ=x,G1方向与摆球位移方向相反,所以有回复力F回=G1=-。
令k=,则F回=-kx。
因此,在摆角θ不超过5°时,单摆做简谐运动。
3.单摆的运动特点
(1)摆球以悬挂点(O′点)为圆心在竖直平面内做变速圆周运动。
(2)摆球以最低点(O点)为平衡位置做简谐运动。
[特别提醒]
(1)单摆振动的回复力为摆球重力沿圆弧切线方向的分力,回复力不是摆球所受的合外力,当然向心力也不是摆球所受的合外力(最高、最低点除外)。
(2)摆球经过平衡位置时,回复力为零,沿圆弧切线方向的加速度为零,但合外力和向心加速度都不等于零。
[学后自检]┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄(小试身手)
1.关于单摆,下列说法中正确的是( )
A.摆球受到的回复力方向总是指向平衡位置
B.摆球受到的回复力是它的合力
C.摆球经过平衡位置时,所受的合力为零
D.摆角很小时,摆球受的合力的大小跟摆球对平衡位置的位移大小成正比
解析:
选A 单摆的回复力不是它的合力,而是重力沿圆弧切线方向的分力;当摆球运动到平衡位置时,回复力为零,但合力不为零,因为小球还有向心力,方向指向悬点(即指向圆心);另外摆球所受的合力与位移大小不成正比,回复力才成正比。
单摆的周期
[自读教材·抓基础]
1.实验探究单摆的周期
(1)探究方法:
用控制变量法分别研究可能会影响单摆周期的因素:
摆球的质量、摆长和振幅、重力加速度。
(2)实验结论:
①单摆周期与摆球质量无关。
②单摆周期与振幅无关。
③单摆的摆长越长,周期越大;摆长越短,周期越小。
2.周期公式
(1)公式:
T=2π。
(2)单摆的等时性:
单摆的周期与振幅无关。
[跟随名师·解疑难]
1.如何确定“单摆模型”中的摆长?
(1)图(a)中,甲、乙在垂直纸面方向摆起来效果是相同的,所以甲摆的摆长为lsinα,这就是等效摆长,其周期T=2π。
图(b)中,乙在垂直纸面方向摆动时,与甲摆等效;乙在纸面内小角度摆动时,与丙摆等效。
(2)如图(c)所示,小球在光滑的半径较大的圆周上做小幅度(θ很小)的圆周运动时,可等效为单摆,小球在A、B间做简谐运动,周期T=2π。
(3)圆锥摆
如图所示,用细线悬吊小球,使小球在水平面内做匀速圆周运动,即细线所扫过的面为圆锥面,通常我们称为圆锥摆,实质上圆锥摆中的小球不是振动,而是匀速圆周运动,周期T=2π。
2.公式中重力加速度g的变化与等效
(1)若单摆系统只处在重力场中且处于静止状态,g由单摆所处的空间位置决定,即g=,式中R为物体到地心的距离,M为地球的质量,g随所在位置的高度的变化而变化。
另外,在不同星球上M和R也是变化的,所以g也不同,g=9.8m/s2只是在地球表面附近时的取值。
(2)等效重力加速度:
若单摆系统处在非平衡状态(如加速、减速、完全失重状态),则一般情况下,g值等于摆球相对静止在自己的平衡位置时,摆线所受的张力与摆球质量的比值。
如图所示,球静止在O时,FT=mgsin
θ,等效加速度g′==gsinθ。
[学后自检]┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄(小试身手)
2.将秒摆(周期为2s)的周期变为1s,下列措施可行的是( )
A.将摆球的质量减半 B.将振幅减半
C.将摆长减半D.将摆长减为原来的
解析:
选D 由单摆的周期公式T=2π可以看出,要使周期减半,摆长应为原来的,摆球的质量和振幅变化,并不影响单摆的周期,故只有D正确。
利用单摆测定重力加速度
1.实验原理
由T=2π得g=,即只要测出单摆的摆长l和周期T,就可以求出当地的重力加速度。
2.实验步骤
(1)做单摆
①让线的一端穿过小球的小孔,然后打一个比小孔大一些的结。
②把线的上端用铁夹固定在铁架台上并把铁架台放在实验桌边,使铁夹伸到桌面以外,让摆球自由下垂,在单摆平衡位置处作上标记。
(2)测摆长
用毫米刻度尺量出悬线长l′,精确到毫米;用游标卡尺测量出摆球的直径D,精确到毫米;则l=l′+,即为单摆的摆长。
(3)测周期
将单摆从平衡位置拉开一个角度,且满足摆角小于5°,然后释放摆球,当单摆摆动稳定后,过平衡位置时用秒表开始计时,测量30~50次全振动的时间。
计算出平均摆动一次的时间,即为单摆的振动周期T。
(4)变摆长
将单摆的摆长变短(或变长),重复实验三次,测出相应的摆长l和周期T。
3.数据处理
(1)平均值法:
每改变一次摆长,将相应的l和T,代入公式g=中求出g值,最后求出g的平均值。
实验
次数
摆长
l/m
周期T/s
加速度g/m·s-2
g平均值
1
g=
2
3
(2)图像法:
由T=2π得T2=l,作出T2-l图像,即以T2为纵轴,以l为横轴,其斜率k=,由图像的斜率即可求出重力加速度g。
4.注意事项
(1)选材:
摆线应选择细、轻且不易伸长的线(长度为1m左右);小球应选用密度较大的金属球,直径应较小(最好不超过2cm)。
(2)操作:
单摆悬线的上端应当固定牢固,不可随意卷在铁架台的横杆上,以免振动时摆长改变;注意振动时控制摆线偏离竖直方向的角度不超过5°;摆球摆动时,要使之保持在同一个竖直平面内,不要形成圆锥摆。
(3)周期的测量:
用停表测出单摆做n(30~50)次全振动所用的时间t,则周期T=。
测量时应以摆球通过最低位置时开始计时、计数,并且开始计时时数“零”,以后摆球每从同一方向通过最低位置时计数一次。
[学后自检]┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄┄(小试身手)
3.[多选]在用单摆测定重力加速度的实验中,下列说法正确的是( )
A.如果有大小相同的铁球和木球可供选择,则选用铁球作为摆球较好
B.单摆的偏角不要太大(小于5°)
C.为了便于改变摆线的长度,可将摆线的一端绕在铁架上端的水平圆杆上
D.先测量好摆线的长度再系上小球做实验
解析:
选AB 摆球应选用密度较大、直径较小的金属球,选项A对;摆线偏离竖直方向的角度越大,利用周期公式计算出的重力加速度的误差就越大,选项B对;将摆线的一端绕在铁架上端的水平圆杆上,摆动时摆长会改变,对摆长和周期的测量都有影响,选项C错;测摆长时,应当先系上小球再测量摆线的长度,选项D错。
对单摆模型的考查
[典题例析]
[例1] 一个单摆的摆长为l,在其悬点O的正下方0.19l处有一钉子P(如图所示),现将摆球向左拉开到A,使摆线偏角θ<5°,放手后使其摆动,求出单摆的振动周期。
[思路点拨]
(1)摆球在左边和右边的摆长是否相同?
提示:
不同。
左边:
摆长为l。
右边:
摆长为0.81l。
(2)如何确定单摆的周期?
提示:
单摆的周期为左右两个不同单摆的半周期的和。
[解析] 释放后摆球到达右边最高点B处,由机械能守恒可知B和A等高,则摆球始终做简谐运动。
摆球做简谐运动的摆长有所变化,它的周期为两个不同单摆的半周期的和。
小球在左边的周期为T1=2π
小球在右边的周期为T2=2π
则整个单摆的周期为
T=+=π+π=1.9π。
[答案] 1.9π
[探规寻律]
求单摆周期的方法
(1)明确单摆的运动过程,看是否符合简谐运动的条件。
(2)在运用T=2π时,要注意l和g是否发生变化,如果发生变化,则分别求出不同l和g时的运动时间。
[跟踪演练]
1.如图所示,BOC为一光滑圆弧形轨道,其半径为R,且R远大于弧BOC的弧长。
若同时从圆心O′和轨道B点分别无初速度释放一小球P和Q,则( )
A.Q球先到达O点
B.P球先到达O点
C.P、Q两球同时到达O点
D.无法比较
解析:
选B P球做自由落体运动,由R=gt12得t1=;Q球做简谐运动,t2=T=·2π=,所以t1对单摆测定重力加速度的考查
[典题例析]
[例2] 根据单摆周期公式T=2π,可以通过实验测量当地的重力加速度。
如图甲所示,将细线的上端固定在铁架台上,下端系一小钢球,就做成了单摆。
(1)用游标卡尺测量小钢球直径,示数如图乙所示,读数为________mm。
(2)以下是实验过程中的一些做法,其中正确的有________________________________________________________________________。
a.摆线要选择细些的、伸缩性小些的,并且尽可能长一些
b.摆球尽量选择质量大些、体积小些的
c.为了使摆的周期大一些,以方便测量,开始时拉开摆球,使摆线相距平衡位置有较大的角度
d.拉开摆球,使摆线偏离平衡位置不大于5°,在释放摆球的同时开始计时,当摆球回到开始位置时停止计时,此时间间隔Δt即为单摆周期T
e.拉开摆球,使摆线偏离平衡位置不大于5°,释放摆球,当摆球振动稳定后,从平衡位置开始计时,记下摆球做50次全振动所用的时间Δt,则单摆周期T=
[思路点拨]
(1)游标卡尺读数时应注意游标卡尺的零刻度线和边界线的区别。
(2)测重力加速度时应注意单摆的模型以及摆长和周期的测量。
[解析]
(1)根据游标卡尺的读数方法,小钢球的直径=(18+6×0.1)mm=18.6mm。
(2)因为单摆的周期T=2π与θ无关,c项错误。
因为摆球会以较快的速度通过平衡位置,所以在平衡位置开始计时误差较小,同时为了减小偶然误差应测多次振动的时间并求平均值,综合看d项错误,a、b、e项正确。
[答案]
(1)18.6
(2)abe
[探规寻律]
(1)利用该实验测定重力加速度最主要的是测准摆长(从悬点到球心)和周期,测n次全振动时间应从摆球经过平衡位置开始计时。
(2)利用图像可以有效地减小误差,由lT2图线的斜率k=,知g=4π2k,求出斜率也就可求得重力加速度。
[跟踪演练]
2.在利用单摆测定重力加速度的实验中,由于单摆做简谐运动的周期T=2π,于是有T2=l。
改变单摆的摆长,只要测出摆长及相应的振动周期,作出T2l图像,就可求出当地的重力加速度。
T2l图像应为经过坐标原点的直线。
某学生在实验中作出的T2l图像如图所示。
(1)造成图线不过原点的原因是( )
A.每次都将n个周期的时间记成(n+1)个周期的时间
B.每次测摆长时,都将摆线长当成了摆长
C.每次实验时,摆球的振幅都不同
D.每次实验时,摆球的质量都不同
(2)根据以上分析,可求得当地的重力加速度为多少?
(取π2=9.87)
解析:
(1)若测量正确,纵坐标为0时,横坐标也应该为0。
现在纵坐标为0的点对应的横坐标为负值,说明横坐标偏小,即摆长偏小,计算摆长时少加了摆球的半径,故选项B正确。
(2)由单摆的周期公式得T2=l,T2l图像应为过原点的直线。
若l少加了摆球半径r,整个T2l图像将左移,而图线斜率不变。
因图线斜率k=,所以g==m/s2=9.87m/s2。
答案:
(1)B
(2)9.87m/s2
[课堂双基落实]
1.振动的单摆小球通过平衡位置时,关于小球受到的回复力及合力的说法中正确的是( )
A.回复力为零,合力不为零,方向指向悬点
B.回复力不为零,方向沿轨迹的切线
C.合力不为零,方向沿轨迹的切线
D.回复力为零,合力也为零
解析:
选A 单摆的回复力不是小球所受的合力,而是重力沿圆弧切线方向的分力;当摆球运动到平衡位置时,回复力为零,但合力不为零,因为小球还有向心力,方向指向悬点(即指向圆心)。
2.[多选]如图所示,是一个单摆(θ<5°),其周期为T,则下列说法正确的是( )
A.把摆球的质量增加一倍,其周期变小
B.摆角θ变小时,周期也变小
C.此摆由O→B运动的时间为
D.摆球在由B→O运动时,势能向动能转化
解析:
选CD 该题实际上考查了单摆周期的决定因素,根据单摆的固有周期我们可以知道固有周期与振幅、摆球的质量无关,θ角变小,只是振幅变小,故A、B选项错误。
摆球由O→B运动的过程是个全振动,所以运动时间为,故C正确。
摆球在运动的过程中机械能是守恒的,所以由B→O运动时,重力势能减小,动能增加,故D正确。
3.[多选]一单摆做小角度摆动,其振动图像如图所示,以下说法正确的是( )
A.t1时刻摆球速度最大,悬线对它的拉力最小
B.t2时刻摆球速度为零,悬线对它的拉力最小
C.t3时刻摆球速度为零,悬线对它的拉力最小
D.t4时刻摆球速度最大,悬线对它的拉力最大
解析:
选CD 由题图知,t1、t3时刻是最大位移处,t2、t4时刻是平衡位置。
单摆做小角度摆动,平衡位置时速度最大,悬线对它的拉力最大,故B错,D对。
最大位移处速度为零,拉力最小,故A错,C对。
4.将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂,下端系上质量为m的物块。
将物块向下拉离平衡位置后松开,物块上下做简谐运动,其振动周期恰好等于以物块平衡时弹簧的伸长量为摆长的单摆周期。
请由单摆的周期公式推算出该物块做简谐运动的周期T。
解析:
单摆周期公式T=2π
且kl=mg
解得T=2π。
答案:
2π