北京高三物理一模二模汇编力学选择.docx
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北京高三物理一模二模汇编力学选择
2018北京高三一模二模汇编—力学选择
1．（2018•朝阳区一模）如图所示，一根绳子穿过滑轮，绳子的一端挂一个重物，另一端有只猴子，恰好处于静止状态。
绳子的质量、滑轮的质量以及滑轮的摩擦均可忽略。
若猴子沿绳子向上爬，则（ ）
A．重物将向上运动B．重物将向下运动
C．重物将保持不动D．以上三种情况都有可能
2．（2018•东城区一模）某装置的结构如图所示：
在外壳的基板上固定一个螺栓，螺栓上有一顶端焊有钢球的弹簧，螺栓、弹簧、钢球及外壳都是电的良导体。
在静止状态下，钢球和外壳呈断开状态不会导通，当受到冲击，钢球产生运动与外壳接通，便可触发执行电路（未画出），使报警器等元件开始工作。
若此装置由静止从高处坠落，重力加速度用g表示，以下说法正确的是（ ）
A．开始下落的瞬间，钢球的加速度为g
B．开始下落的瞬间，外壳的加速度为g
C．在执行电路被接通前，钢球的加速度方向可能向上
D．在执行电路被接通前，外壳的加速度可能小于g
3．（2018•房山区一模）如图所示，在跳板跳水比赛中，运动员的起跳过程可简化为：
运动员走上跳板，将跳板从水平位置B压到最低点C，跳板又将运动员向上弹起，直到运动到最高点A，然后运动员完成规定动作落入水中，则下列说法正确的是（ ）
A．运动员在下压跳板运动至最低点C时，其所受外力的合力为0
B．运动员从B到C过程中，动能一直在减小
C．运动员从B到C过程中，跳板的弹性势能一直在增加
D．在从C到A的过程中，运动员始终处于超重状态
4．（2018•延庆县一模）在一节火车车厢内有一个光滑的水平桌面，桌上有一个小球．旁边的乘客观察到，如果火车在水平铁轨上做匀速直线运动，小球在桌面上保持静止．如果火车做加速直线运动，小球就会由静止开始向后运动．这说明（ ）
A．以匀速运动的车厢为参考系，牛顿第一定律成立
B．以加速运动的车厢为参考系，牛顿第一定律成立
C．无论是以匀速运动的车厢为参考系还是以加速运动的车厢为参考系，牛顿第一定律都成立
D．无论是以匀速运动的车厢为参考系还是以加速运动的车厢为参考系，牛顿第一定律都不成立
5．（2018•密云县一模）应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。
例如你用手掌平托一苹果，保持这样的姿势在竖直平面内按顺时针方向做匀速圆周运动。
关于苹果从最高点c到最右侧点d运动的过程，下列说法中正确的是（ ）
A．手掌对苹果的摩擦力越来越大
B．苹果先处于超重状态后处于失重状态
C．手掌对苹果的支持力越来越小
D．苹果所受的合外力越来越大
6．（2018•丰台区一模）如图所示为研究物块与木板之间摩擦力大小的实验装置。
将一物块和木板叠放于水平桌面上。
轻质弹簧测力计一端固定，另一端用细线与物块水平相连。
现在用绳索与长木版连接，用手向右水平拉绳索，使长木板在桌面上滑动。
弹簧测力计示数稳定后，下列说法正确的是（ ）
A．物块与木板之间的摩擦力是静摩擦力
B．木板必须在桌面上做匀速直线运动
C．测力计示数一定等于物块受到的摩擦力
D．测力计示数一定等于木板受到的摩擦力
7．（2018•平谷区一模）如图所示，将质量为m的滑块无初速地轻放在倾角为α的固定斜面上，滑块与斜面之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则（ ）
A．若μ＞tanα，则滑块保持静止，且斜面对滑块的支持力为N＝μmg
B．若μ＞tanα，则滑块保持静止，且滑块受到的摩擦力为f＝μmgcosα
C．若μ＜tanα，则滑块加速下滑，且滑块下滑时的加速度为a＝g（sinα+μcosα）
D．若μ＜tanα，则滑块加速下滑，且滑块下滑时的加速度为a＝g（sinα﹣μcosα）
8．（2018•门头沟区一模）2017年12月30日，北京首条磁悬浮轨道交通S1线在门头沟开通试运营，标志着我国成为世界第二个掌握中低速磁悬浮技术的国家。
其简化后的结构原理简图如图所示，其中悬浮线圈和导向线圈分别位于车体的底部和侧面。
间隙传感器能够控制悬浮线圈和导向线圈中电流大小，下列说法中正确的是（ ）
A．导向线圈的主要作用是使列车处于悬浮状态
B．当列车沿水平直轨道平稳运行时，悬浮线圈中的电流不变
C．通电的悬浮线圈和导向线圈与金属导轨之间都是斥力作用
D．间隙传感器控制导向线圈中的电流发生改变是为了使列车加速
9．（2018•大兴区一模）台球是一项深受人们喜爱的休闲运动，美式台球中共由大小相同的1个白球（母球）15个花球（色球）组成，又称花式台球。
如图在某次击球过程中，白球以3m/s的速度向右运动与静止的黑球发生正碰，假设白球与黑球质量相等，碰撞中没有机械能损失，将台球视为质点，通过计算得到两球碰撞后的运动情况为（ ）
A．白球静止，黑球以3m/s的速度向右运动
B．黑球静止，白球以3m/s的速度反弹向左运动
C．白球和黑球都以下1.5m/s的速度向右运动
D．白球以3m/s的速度反弹向左运动，黑球以3m/s的速度向右运动
10．（2018•海淀区二模）一个物体受多个水平恒力作用静止在光滑水平面上。
现在仅使其中一个力F1的大小按照如图所示的规律变化。
此过程中，该物体收到的合外力大小F合、加速度大小a、速度大小v、物体动量大小p的变化情况可能正确的是（ ）
A．
B．
C．
D．
11．（2018•朝阳区二模）如图所示，水平传送带在电动机带动下始终保持以速度v匀速运动，某时刻一质量为m的物块轻放在传送带的左端。
在物块放上传送带到物块与传送带相对静止的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．皮带对物块所做的功为mv2
B．物块对皮带所做的功为mv2
C．物块与皮带间由于摩擦而产生的热量为mv2
D．由于传送该物块电动机需要多做的功为mv2
12．（2018•顺义区二模）若采用图中甲、乙两种实验装置来验证动量守恒定律（图中小球半径相同，质量均为已知，且mA＞mB，B、B′两点在同一水平线上），下列说法正确的是（ ）
A．采用图甲所示的装置，必须测量OB、OM、OP和ON的距离
B．采用图乙所示的装置，必须测量OB、B′N、B′P和B′M的距离
C．采用图甲所示装置，若mA•ON＝mA•OP+mB•OM，则表明此碰撞动量守恒
D．采用图乙所示装置，若，则表明此碰撞机械能守恒
13．（2018•东城区二模）假如要撑住一扇用弹簧拉着的门，在门前地面上放一块石头，门往往能推动石头慢慢滑动。
然而，在门下缝隙处塞紧一个木楔（侧面如图所示），虽然木楔比石头的质量更小，却能把门卡住。
下列分析正确的是（ ）
A．门能推动石头是因为门对石头的力大于石头对门的力
B．将门对木楔的力正交分解，其水平分力与地面给木楔的摩擦力大小相等
C．若门对木楔的力足够大，门就一定能推动木楔慢慢滑动
D．塞在门下缝隙处的木楔，其顶角θ无论多大都能将门卡住
14．（2018•丰台区二模）如图所示，滑块A以一定的初速度从粗糙斜面体B的底端沿斜面向上滑，然后又返回，整个过程中斜面体B与地面之间没有相对滑动。
那么滑块向上滑和向下滑的两个过程中（ ）
A．滑块向上滑动的加速度等于向下滑动的加速度
B．滑块向上滑动的时间等于向下滑动的时间
C．斜面体B受地面的支持力大小始终等于A与B的重力之和
D．滑块上滑过程中损失的机械能等于下滑过程中损失的机械能
15．（2018•房山区二模）应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入。
例如人原地起跳时，总是身体弯曲，略下蹲，再猛然蹬地，身体打开，同时获得向上的初速度，双脚离开地面。
从开始蹬地到双脚离开地面的整个过程中，下列分析正确的是（ ）
A．地面对人的支持力始终等于重力
B．地面对人的支持力的冲量大于重力的冲量
C．人原地起跳过程中地面对人做正功
D．人与地球所组成的系统机械能是守恒的
16．（2018•昌平区二模）如图所示，小明在演示惯性现象时，将一杯水放在桌边，杯下压一张纸条。
若缓慢拉动纸条，发现杯子会出现滑落；当他快速拉动纸条时，发现杯子并没有滑落。
对于这个实验，下列说法正确的是（ ）
A．缓慢拉动纸条时，摩擦力对杯子的冲量较小
B．快速拉动纸条时，摩擦力对杯子的冲量较大
C．为使杯子不滑落，杯子与纸条的动摩擦因数尽量大一些
D．为使杯子不滑落，杯子与桌面的动摩擦因数尽量大一些
17．（2018•门头沟区二模）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。
速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是（ ）
A．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多
B．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大
C．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大
D．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少
物理试题答案
1．【分析】轻绳对猴子和重物的拉力相同，故人与重物的受力情况相同，故运动情况也相同。
【解答】解：
轻绳质量不计，故受到猴子、重物的两个拉力是相等的，否则加速度无穷大，不符合实际情况；
根据牛顿第三定律，绳子对猴子和重物的拉力也相同，故猴子与重物的受力情况相同，故运动情况也相同，即加速、匀速爬时物体和猴子始终在同一高度；
故A正确，BCD错误；
故选：
A。
【点评】本题是已知受力情况确定运动情况的问题，关键是确定加速度，同时要结合牛顿第三定律分析，不难。
2．【分析】明确装置的工作原理，分析外壳以及钢球的运动情况和受力情况，由牛顿第二定律即可确定加速度的大小。
【解答】解：
A、开始下落时弹簧的弹力不变，故钢球受力平衡，加速度为零，故A错误；
B、此时外壳受重力和弹簧向下的弹力作用，合外力大于重力，故外壳的加速度一定大于g，故B错误；
C、因下落时外壳的加速度大，故弹簧形变量越来越小，恢复原状后弹力变为向下，整过程中钢球的加速度一直向下，故C错误；
D、当弹簧伸长后，外壳受向上的弹力作用，则其加速度可以小于g，故D正确。
故选：
D。
【点评】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确受力情况；同时对于包含弹簧问题要注意分析过程，明确弹簧的弹力不能突变。
3．【分析】根据运动员受重力和弹力作用，由形变得到弹力变化，即可得到合外力变化，从而得到动能变化；根据形变得到弹性势能变化。
【解答】解：
A、运动员在下压跳板运动至最低点C时，速度为零；运动员将向上运动，故加速度向上，那么，合外力方向向上，故A错误；
B、运动员从B到C过程中受重力和跳板弹力作用，重力方向向下，且大小不变；由跳板形变越来越大可知：
弹力方向向上，越来越大，故运动员的合外力先向下且越来越小，小到零后，方向向上，且越来越少，故外力先做正功，后做负功，故动能先增大后减小，故B错误；
C、运动员从B到C过程中，跳板的弯曲程度越来越大，故跳板的弹性势能一直在增加；故C正确；
D、同B类似，运动员从C到A过程中受重力和跳板弹力作用，重力方向向下，且大小不变；由跳板形变可知：
弹力方向向上，越来越小，故运动员的合外力先向上后向下，故运动员先超重后失重，故D错误；
故选：
C。
【点评】应用机械能守恒定律前要先分析物体运动过程是否满足机械能守恒条件：
只有重力做功；然后再根据条件应用机械能守恒或动能定理求解。
4．【分析】以匀加速运动的火车为参考系，牛顿第一定律并不成立，这样的参考系是非惯性参考系．
【解答】解：
牛顿运动定律适用惯性参考系。
匀加速运动的火车是非惯性参考系，牛顿第一定律并不成立。
故选：
A。
【点评】本题考查了牛顿运动定律适用于惯性参考系．
5．【分析】根据加速度的方向确定苹果处于超重还是失重，将加速度进行分解，结合水平分加速度和竖直分加速度的变化分析摩擦力和支持力的变化。
【解答】解：
A、从c到d的过程中，加速度大小不变，加速度在水平方向上的分加速度逐渐增大，根据牛顿第二定律知，摩擦力越来越大，故A正确。
B、苹果做匀速圆周运动，从c到d的过程中，加速度在竖直方向上有向下的加速度，可知苹果一直处于失重状态，故B错误。
C、从c到d的过程中，加速度大小不变，加速度在竖直方向上的加速度逐渐减小，方向向下，则重力和支持力的合力逐渐减小，可知支持力越来越大，故C错误。
D、苹果做匀速圆周运动，合力大小不变，方向始终指向圆心，故D错误。
故选：
A。
【点评】解决本题的关键知道苹果的加速度大小不变，方向指向圆心，本题的巧妙之处在于将加速度分解为水平方向和竖直方向，水平方向的加速度由摩擦力产生，竖直方向上的加速度由重力和支持力的合力产生。
6．【分析】根据受力分析的方法，结合重力、弹力与摩擦力的特征，即可求解；由题意可知，不论木板做何种运动，不影响测量结果。
【解答】解：
对物块受力分析，受力有：
重力，支持力，滑动摩擦力和弹簧的拉力4个力作用处于平衡状态，由于二者发生相对运动，所以物块与木板之间的摩擦力是滑动摩擦力；
本实验中，木板不论处于什么运动，木块总处于平衡状态，则弹簧的弹力等于木块的滑动摩擦力，即T弹＝μm木块g保持不变。
故C正确、ABD错误。
故选：
C。
【点评】计算摩擦力，首先要根据物体的受力情况，判断物体的状态，确定是什么摩擦力，再选择解题方法：
静摩擦力由平衡条件求解，而滑动摩擦力可由公式或平衡条件求解；当两个物相对静止时，受到的是静摩擦力；当两个物体之间发生相对运动时，受到的是滑动摩擦力。
7．【分析】根据受力情况确定运动情况，根据平衡条件分析支持力和摩擦力大小；根据牛顿第二定律求解加速度大小。
【解答】解：
AB、以滑块为研究对象，根据受力情况可知，当mgsinα＜μmgcosα，解得μ＞tanα，则滑块保持静止，此时斜面对滑块的支持力为N＝mgcosα，滑块受到的摩擦力为f＝mgsinα，故AB错误；
CD、当mgsinα＞μmgcosα，解得μ＜tanα，则滑块加速下滑，根据牛顿第二定律可得mgsinα﹣μmgcosα＝ma，解得a＝g（sinα﹣μcosα），故C错误、D正确；
故选：
D。
【点评】本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：
确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答。
8．【分析】明确题意，初步了解磁悬浮列车的基本原理，再结合线圈产生磁场的性质进行分析，从而明确两线圈的作用。
【解答】解：
A、由题意和图可知，悬浮线圈是使列车悬浮的，而导向线圈是控制列车方向的，故A错误；
B、当列车沿水平直轨道平稳运行时，列车受到的悬浮线圈的力保持不变，故悬浮线圈中的电流不变，故B正确；
C、通电的悬浮线圈与金属导轨之间都是斥力作用，但导向线圈可以和金属导轨间存在引力作用而控制列车的方向，故C错误；
D、间隙传感器控制导向线圈中的电流发生改变是控制列车的方向，故D错误。
故选：
B。
【点评】本题考查磁现象磁悬浮列车中的作用，要注意正确分析题意是解题的关键，在生活中要多注意相关技术中的物理规律的应用。
9．【分析】两球碰撞过程中动量守恒，动能守恒，由动量守恒定律和动能守恒求出碰后瞬间白球的速度。
【解答】解：
设每个球质量为m。
取碰撞前白球的速度方向为正方向。
由动量守恒定律得：
mv0＝mv白+mv黑
由动能守恒可得：
联立解得：
v白＝0m/s，v黑＝3m/s
故A正确，BCD错误
故选：
A。
【点评】应用动量守恒定律与动能计算公式即可正确解题，要知道弹性碰撞过程没有机械能损失，非弹性碰撞有机械能损失。
10．【分析】物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，其中的一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反。
当保持这个力方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小，分析物体的合力如何变化，确定物体的加速度如何变化，分析物体的运动情况，判断速度的变化情况、动量的变化。
【解答】解：
A、原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，则物体的合力从零开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，故A错误；
B、根据牛顿第二定律知，物体的加速度从零开始先增大后减小到零，故B错误；
C、物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，根据速度图象的斜率等于加速度可知，速度图象的斜率先增大后减小，故C正确；
D、根据P＝mv可知，物体的动量一直增大，故D错误。
故选：
C。
【点评】本题考查根据物体的受力情况来分析物体运动情况的能力，要用到共点力平衡条件的推论：
物体在几个力作用下平衡时，其中一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反。
11．【分析】摩擦力对物块做功等于物块动能的变化，根据动能定理求解；由于物块与传送带间有相对位移，物块对传送带做功与传送带对物块做功并不相等。
系统摩擦生热等于系统克服摩擦力做的总功。
物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机多做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能。
【解答】解：
物块相对传送带静止时物块的速度等于传送带速度v；
A、对物块，由动能定理得：
Wmv2，传送带对物块所做的功为：
mv2，故A错误；
B、设经过时间t物块与传送带速度相等，物块的位移：
x物块t，传送带的位移：
x传送带＝vt＝2x物块，
传送带对物块做功：
W＝fx物块mv2，物块对传送带做功：
W′＝﹣fx传送带＝﹣2fx物块＝﹣mv2，故B错误；
C、物块与传送带间由于摩擦力产生的热量：
Q＝f△x＝f（x传送带﹣x物块）＝fx物块mv2，故C错误。
D、电动机多做的功转化成了物体的动能和系统的内能，所以电动机多做的功为：
W机mv2+Q＝mv2，故D正确。
故选：
D。
【点评】解决本题的关键知道物块先受滑动摩擦力后不受摩擦力。
系统摩擦生热应根据相对位移△x求解，注意正确选择研究对象，明确动能定理的准确应用即可正确求解。
12．【分析】两装置均是利用平抛运动规律验证动量守恒，利用平抛运动规律得出速度的表达式，再根据机械能守恒定律分析机械能守恒的表达式，根据表达式分析应测量的数据，同时得出对应的表达式。
【解答】解：
A、如果采用图甲所示装置，由于小球平抛运动的时间相等，故可以用水平位移代替速度进行验证，不需要测量OB的长度，故A错误；
B、如果采用图乙所示装置时，利用水平距离相等，根据下落的高度可确定飞行时间，从而根据高度可以表示出对应的水平速度，从而确定动量是否守恒，故不需要测量OB的距离，故B错误；
C、采用图甲所示装置，一个球时水平距离为OP，两球相碰时，A球距离为OM，B球为ON，则根据动量守恒定律有：
mAv＝mAv1+mBv2，因下落时间相同，则两端同时乘以t后有mA•OP＝mA•OM+mB•ON，则表明此碰撞动量守恒，故C错误；
D、小球碰后做平抛运动，速度越快，下落高度越小，单独一个球下落时，落点为P，两球相碰后，落点分别为M和N，根据动量守恒定律有：
mAv＝mAv1+mBv2，而速度v，根据hgt2可得，t，则可解得：
v，v1，v2；
代入动量守恒表达式，消去公共项后，有：
机械能守恒定律可知：
mAv2mAv12mBv22
代入速度表达式可知：
联立动量表达式和机械能表达式可知，故可以根据该式表明此碰撞机械能守恒，故D正确。
故选：
D。
【点评】本题考查利用平抛运动规律验证动量守恒的实验，要注意明确实验原理，知道利用平抛运动分析碰撞前后速度的基本方法是解题的关键。
13．【分析】对木楔受力分析，受重力、门的压力、地面支持力和摩擦力，根据平衡条件列式分析即可。
【解答】解：
A、门能推动石头是因为门对石头的力大于摩擦力，门对石头的力与石头对门的力是相互作用力，一定大小相等，故A错误；
BCD、对木楔受力分析，受重力、支持力、压力和摩擦力，如图所示：
竖直方向：
N＝Fcosθ+mg，
水平方向：
f＝Fsinθ，
最大静摩擦力约等于滑动摩擦力，为：
fmax＝μN＝μ（Fcosθ+mg），
考虑摩擦自锁情况：
不管多大的力F均满足满足fmax≥f，
即μ（Fcosθ+mg）≥Fsinθ，
由于m很小，故只要μ≥tanθ即可，题中由于θ很小，故很容易满足自锁条件；
故B正确，CD错误；
故选：
B。
【点评】本题考查平衡问题中的摩擦自锁现象，解决本题要掌握摩擦力公式f＝μN，分析压力和动摩擦因数的大小，即可作出判断。
14．【分析】物体上滑的加速度大于下滑的加速度，由位移公式分析时间关系。
在上滑和下滑的两个过程中，物体的加速度方向都沿斜面向下，对整体，由牛顿第二定律研究地面对B的摩擦力和支持力。
物体损失的机械能等于克服摩擦力做功。
【解答】解：
AB、物体上滑时受到的滑动摩擦力沿斜面向下，下滑时滑动摩擦力沿斜面向上，则上滑的合力大于下滑的合力，由牛顿第二定律得知，物体上滑的加速度大于下滑的加速度。
两个过程位移大小相等，由位移x，得知滑块向上滑动的时间小于向下滑动的时间。
故AB错误。
C、在上滑和下滑的两个过程中，物体的加速度方向都沿斜面向下，对整体研究，分析受力情况，如图，将物体的加速度分解为水平和竖直两个方向，竖直方向由牛顿第二定律得（M+m）g﹣N＝may，则得N＜（M+m）g，即斜面体B受地面的支持力大小始终小于A与B的重力之和。
故C错误。
D、物体损失的机械能等于克服摩擦力做功。
两个过程中，物体所受的滑动摩擦力大小相等，位移大小相等，物体克服摩擦力做功相等，则得滑块上滑过程中损失的机械能等于下滑过程中损失的机械能。
故D正确。
故选：
D。
【点评】本题是牛顿第二定律、运动学公式和功能关系的综合应用，难点是运用整体法研究加速度不同的两个物体，运用分解加速度的方法研究支持力。
15．【分析】分析人的运动情况，根据受力分析明确人的受力情况，则可根据动量及冲量得出冲量大小；由功能的转化可得出能量转化关系。
【解答】解：
A、人在上升过程中经历了先加速再减速过程，加速过程中人受到的支持力大于人的重力；故A错误；
B、因支持力大于重力，作用时间相同，故支持力的冲量大于重力的冲量；故B正确；
C、人起跳时，地面对人不做功，人的动能来自于本身的生物能；故C错误；
D、由于有人体生物能转化为机械能，故机械能不守恒；故D错误；
故选：
B。
【点评】本题考查动量定理及功能转化，要注意明确支持力对人作用的位移为零，故支持力对人不做功，人是利用自身的能量得以增加机械能的。
16．【分析】在抽动纸条时，杯子受到的摩擦力相等，但由于抽拉的时间不动使杯子受到的冲量不同；
根据牛顿第二定律分析加速度大小、位移大小。
【解答】解：
AB、纸带对杯子的摩擦力一定，缓慢拉动纸条时，抽出的过程中时间长，则摩擦力对杯子的冲量较大；快速拉动纸条时，抽出的过程中时间短，则摩擦力对杯子的冲量较小，故AB错误；
CD、为使杯子不滑落，杯子与桌面的动摩擦因数尽量大一些，这样杯子在桌面上运动的加速度大，位移短，故C错误、D正确。
故选：
D。
【点评】本题主要是考查动量定理，利用动量定理解答问题时，要注意分析运动过程中物体的受力情况，知道合外力的冲量才等于动量的变化。
17．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合平抛运动的规律，抓住水平方向相等时，通过时间关系得出下降的高度，从而分析判断。
【解答】解：
发球机发出的球，速度较大的球越过球网，速度度较小的球没有越过球网，原因是发球机到网的水平距离一定，速度大，则所用的时间较少，球下降的高度较小，容易越过球网，故D正确，ABC错误。
故选：
D。
【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同
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