南菁中学届高三上学期第二次阶段检测物理试题含答案.docx

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南菁中学届高三上学期第二次阶段检测物理试题含答案

江苏省南菁中学高三第一学期第二次阶段检测

物理试卷

（考试时间：

75分钟；总分：

100分）

2020.12.11

一.单项选择题（48分）

1、物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16m的路程，第一段用时4s，第二段用时2s，则物体的加速度是（）

A．

B．

C．

D．

2、如图，为细绳拉某重物M的简化装置简化图，轻杆

为可绕O点且垂直于纸面的轴转动的杆，

为轻绳，重物M平衡时角度关系如图所示，轻杆

在a、b、c图中受力分别为

的大小关系正确的是（）

A．

B．

C．

D．

3、重力为G的两个完全相同的小球,与水平面的动摩擦因数均为μ.竖直向上的较小的力F作用在连接两球轻绳的中点,绳间的夹角α=60°,如图所示.缓慢增大F,到两球刚要运动的过程中,下列说法正确的是（）

A.地面对球的支持力变大,摩擦力变大

B.地面对球的支持力变小,摩擦力变小

C.球刚开始运动时,地面对球没有支持力

D.球刚开始运动时,球受到的摩擦力最大

4、如图所示,将两个质量分别为m1=1kg、m2=4kg的物体置于光滑的水平面上,中间用轻质弹簧测力计连接,两个大小分别为F1=30N、F2=20N的水平拉力分别作用在m1、m2上,则达到稳定状态后,下列说法正确的是（　　）

A．弹簧测力计的示数是25N

B．弹簧测力计的示数是50N

C．在突然撤去F1的瞬间,m2的加速度大小为13m/s2

D．在突然撤去F2的瞬间,m2的加速度大小为7m/s2

5、如图所示,两个小球固定在一根长为

的杆的两端,绕杆上的O点做圆周运动.当小球A的速度为

时,小球B的速度为

则轴心O到小球A的距离是（ ）.

A.

B.

C.

D.

6、我国已于2011年9月末发射“天宫一号”目标飞行器，11月初发射“神舟八号”飞船并与“天宫一号”实现成功对接．某同学为此画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动时的假想图如图所示，A代表“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道．由此假想图，可以判定（）

A．“天宫一号”的运行速率等于“神舟八号”的运行速率

B．“天宫一号”的周期小于“神舟八号”的周期

C．“天宫一号”的向心加速度小于“神舟八号”的向心加速度

D．“天宫一号”的角速度大于“神舟八号”的角速度

7、如图所示,轻质弹簧固定在水平地面上。

现将弹簧压缩后,将一质量为m的小球静止放在弹簧上,释放后小球被竖直弹起,小球离开弹簧时速度为v,则小球被弹起的过程中（）

A.地面对弹簧的支持力冲量大于

B.弹簧对小球的弹力冲量等于

C.地面对弹簧的支持力做功大于

D.弹簧对小球的弹力做功等于

8、如图所示，质量为m的物体，在水平外力F作用下，以速度v沿水平面匀速运动，当物体运动到A点时撤去外力F，物体由A点继续向前滑行的过程中经过B点，则物体由A点到B点的过程中，下列说法正确的是（）

A.v越大，摩擦力对物体的冲量越大；摩擦力做功越多

B.v越大，摩擦力对物体的冲量越大；摩擦力做功与v的大小无关

C.v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功越少

D.v越大，摩擦力对物体的冲量越小；摩擦力做功与v的大小无关

9、如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m的带电小球，以初速度v从

点竖直向上运动，通过

点时，速度大小为

，方向与电场方向相反，则小球从

运动到

的过程（）

A.动能增加

B.机械能增加

C.重力势能增加

D.电势能增加

10、研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示,下列说法正确的是（）

A.实验前,只用带电玻璃棒与电容器a板接触,能使电容器带电

B.实验中,只将电容器b板向上平移,静电计指针的张角变小

C.实验中,只在极板间插入有机玻璃板,静电计指针的张角变大

D.实验中,只增加极板带电量,静电计指针的张角变大,表明电容增大

11、如图,足够长的直线ab靠近通电螺线管,与螺线管平行。

用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B,在计算机屏幕上显示的大致图象是（  ）

12、某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合。

为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是（）

A．一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器

B．一个伏特表和多个定值电阻

C．一个安培表和一个电阻箱

D．两个安培表和一个滑动变阻器

二.实验题（10分）

13、要测绘一个标有“3V0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。

已选用的器材有：

直流电源（电压为4V）；

电流表（量程为0~0.6A，内阻约0.5Ω）；

电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ）；

电键一个、导线若干。

（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_______（填字母代号）。

A．滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流1A）

B．滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定电流0.3A）

（2）如图为某同学在实验过程中完成的部分电路连接的情况，请你帮他完成其余部分的线路连接。

（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示，由曲线可知小灯泡的电阻随电压增大而____________（填“增大”、“不变”或“减小”）。

（4）如果某次实验测得小灯泡两端所加电压如图所示，请结合图线算出此时小灯泡的电阻是_______Ω（保留两位有效数字）。

（5）根据实验得到的小灯泡伏安特性曲线，下列分析正确的是______________。

A．测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电压表内阻引起

B

．测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电流表内阻引起

C．测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电压表内阻引起

D．测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电流表内阻引起

三.计算题（42分）

14、（12分）如图所示,“L”型滑板,（平面部分足够长）,质量为4m,距滑板的A壁为Ll距离的B处放有一质量为m,电量为+q的大小不计的小物体,小物体与滑板,及滑板与地面的摩擦均不计,整个装置处于场强为E的匀强电场中,初始时刻,滑板与小物体均静止,试求:

（1）.释放小物体,第一次与滑板A壁碰前小物体的速度v1大小;

（2）.若小物体与A壁碰后相对水平地面的速度大小为碰前的3/5,碰撞时间极短,则碰撞后滑板速度的大小;

（3）.若滑板足够长,小物体从开始运动到第二次碰撞前,电场力做功为多少.

15、（14分）如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ＝30°角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上．质量为m＝0.2kg的金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的阻值为r.现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm.改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示．已知MN、PQ两平行金属轨道间距离为L＝1m，重力加速度g取10m/s2，轨道足够长且电阻不计．求：

（1）金属杆ab运动过程中所受安培力的最大值；

（2）磁感应强度B的大小和r的阻值；

（3）当变阻箱R取4Ω，且金属杆ab在下滑l＝9.0m前速度已达最大，ab杆下滑9.0m的过程中，电阻R上产生的焦耳热．

16、（16分）如图所示，两矩形边界内分布有匀强磁场，AF的长度为L，AGEF内磁场垂直于平面向外，大小为B，FECD内磁场垂直于平面向里，大小为2B，一带正电的粒子，电荷量为q，质量为m，沿AG方向射入磁场，入射速度大小可调，不计粒子的重力．

（1）若粒子第一次到达FE边界时，速度方向恰好垂直于FE，则求粒子速度v0的大小？

（2）假设AG长度足够长，为使粒子不从CD边射出，则FD的长度至少为多少？

（3）假设FD长度足够长，FE的长度为1.5L，求为使粒子能到达G点，粒子速度v0的可能值？

高三第一学期第二次阶段考试物理参考答案

1.C2.B3.D4.D5.B6.C7.A8.D9.B10.A11.C12.D

13：

（1）A

（2）

（3）增大

（4）12Ω

（5）C

14.解：

1.对物体,根据动能定理,有

得

（2分）

2.物体与滑板碰撞前后动量守恒,设物体第一次与滑板碰后的速度为v1′;滑板的速度为v,则

（2分）

若 

则

因为

则不符合实际,故应取

（2分）

3.在物体第一次与A壁碰后到第二次与A壁碰前,物体做匀变速运动,滑板做匀速运动,在这段时间内,两者相对于水平面的位移相同.∴

（2分）

即

 （2分）

对整个过程运用动能定理得;电场力做功

（2分）

15.解：

（1）杆下滑过程中F合＝mgsinθ－

＝ma　（2分）

当加速度a＝0时，v最大，FA最大，FAm＝mgsinθ＝1N（1分）

（2）由①得当a＝0时，vm＝

　（1分）

由图象数据得2＝

，4＝

（2分）

解得r＝2Ω，B＝1T（2分）

（3）由②得，当R＝4Ω时，vm＝6m/s（2分）

由能量守恒与转化得mglsinθ＝

mv

＋Q总（2分）

解得Q总＝5.4J（1分）

由能量分配关系得QR＝

Q总＝3.6J（1分）

16.解：

（1）由几何关系得半径r＝l（1分）

由Bqv0＝

（2分）

得v0＝

（1分）

（2）设粒子入射方向与EF夹角为θ，最低点距离EF高度为h

则由几何关系得h＝r2（1－cosθ），cosθ＝

（2分）

因为r1＝

，r2＝

（2分）

综合可得h＝

l＝

l（定值），即FD的长度至少为

l（1分）

（3）由几何关系得第二次到达AG时向右推进的距离为Δx＝2（r1＋r2）sinθ＝3r1sinθ

由题意知到达G点的条件为nΔx＝1.5l（n为正整数），即3nr1sinθ＝1.5l（1分）

又由sinθ＝

，联立得r1＝

（l＋

）（1分）

讨论恰好不从AD边出射的临界情况：

由几何关系得sinθ＝

＝

，cosθ＝

，r1min（1＋cosθ）＝l（1分）

解得r1min＝（9－6

）l（1分）所以

（l＋

）≥（9－6

）l

解得n2≤

≈8.4，即n可取1或2（1分）

当n＝1时，r1＝

，v0＝

（1分）当n＝2时，r1＝

，v0＝

（1分）