海南高考化学试题及答案解析版.docx

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海南高考化学试题及答案解析版

2014年高考海南卷单科化学试卷及答案解析

第Ⅰ卷

一、选择题：

本题共6小题，每小题2分，共12分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。

【2014海南高考】1、化学与日常生活密切相关，下列说法错误的是（）

A、碘酒是指单质碘的乙醇溶液B、84消毒液的有效成分是NaClO

C、浓硫酸可刻蚀石英制艺术品D、装饰材料释放的甲醛会造成污染

【答案】C

【解析】A、碘酒是单质碘溶于酒精形成的分散系（溶液），A正确；B、“84消毒液”是由氯气和NaOH反应后得到的消毒剂，主要成分为NaCl和NaClO，其中具有漂白性的原因是NaClO与酸反应生成具有漂白性的HClO，所以有效成分为NaClO，B正确；C、浓硫酸不与玻璃的成分二氧化硅发生反应，而二氧化硅与氢氟酸反应：

SiO2+4HF═SiF4↑+2H2O，所以工艺师用氢氟酸刻蚀石英制作艺术品，C错误；D、甲醛为常用的合成粘合剂的材料，且甲醛有毒，则某些装饰材料挥发出甲醛和苯等有毒物质会对空气造成污染，D正确。

【2014海南高考】2、下列有关物质性质的说法错误的是（）

A、热稳定性：

HCl＞HIB、原子半径：

Na＞Mg

C、酸性：

H2SO3＞H2SO4D、结合质子能力：

S2—＞Cl—

【答案】C

【解析】A、同主族自上而下非金属性减弱，非金属性越强氢化物越稳定，故稳定性HCl＞HI，A正确；B、同周期从左到右，元素原子半径逐渐减小，所以原子半径：

Na＞Mg，B正确；C、H2SO3属于中强酸，H2SO4属于强酸，故酸性：

H2SO4＞H2SO3，C错误；D、酸性越弱，酸越难电离，对应的酸根离子越易结合氢离子，因为HCl强于H2S，所以结合质子能力：

S2—＞Cl—，D正确。

【2014海南高考】3、以石墨为电极，电解KI溶液（含有少量的酚酞和淀粉），下列说法错误的是

A、阴极附近溶液呈红色B、阴极逸出气体

C、阳极附近溶液呈蓝色D、溶液的PH变小

【答案】D

【解析】以石墨为电极，电解KI溶液，发生的反应为2KI+2H2O

2KOH+H2↑+I2（类似于电解饱和食盐水），阴极产物是H2和KOH，阳极产物是I2。

由于溶液中含有少量的酚酞和淀粉，所以阳极附近的溶液会变蓝（淀粉遇碘变蓝），阴极附近的溶液会变红（溶液呈碱性），ABC正确；由于电解产物有KOH生成，所以溶液的PH逐渐增大，D错误。

【2014海南高考】4、标准状况下，气态分子断开1mol化学键的焓变称为键焓。

已知H—H，H—O，和O==O键的键焓△H分别为436KJ/mol，463KJ/mol，495KJ/mol，下列热化学方程式正确的是（）

A、H2O（g）==H2（g）+1/2O2（g）△H=—485KJ/mol

B、H2O（g）==H2（g）+1/2O2（g）△H=+485KJ/mol

C、2H2（g）+O2（g）==2H2O（g）△H=+485KJ/mol

D、2H2（g）+O2（g）==2H2O（g）△H=—485KJ/mol

【答案】D

【解析】根据“H—H，H—O，和O==O键的键焓△H分别为436KJ/mol，463KJ/mol，495KJ/mol”，可以计算出2molH2和1molO2完全反应生成2molH2O（g）产生的焓变是436KJ/mol×2+495KJ/mol×1—463KJ/mol×4=—485KJ/mol，所以该过程的热化学方程式为2H2（g）+O2（g）=2H2O（g）△H=—485KJ/mol，D正确。

【2014海南高考】5、下列除杂操作可行的是（）

A、通过浓硫酸除去HCl中的H2OB、通过灼热的CuO除去H2中的CO

C、通过灼热的镁粉除去N2中的O2D、通过水除去CO中的CO2

【答案】A

【解析】A、浓硫酸具有吸水性且不与HCl发生反应，所以除去HCl中的H2O可以通过浓硫酸进行，A正确；B、H2和CO均能与CuO发生反应（H2+CuO

Cu+H2O、CO+CuO

Cu+CO2↑），B错误；C、N2和O2均能与镁粉发生反应（3Mg+N2

Mg3N2、Mg+O2

2MgO），C错误；D、CO2在水中的溶解度很小，不能用水来除去CO中的CO2。

因为一氧化碳具有还原性，可将混合气通过灼热的氧化铜，一氧化碳会与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，将一氧化碳转化为二氧化碳。

【2014海南高考】6、NaOH溶液滴定盐酸的实验中，不必用到的是（）

A、酚酞B、圆底烧瓶C、锥形瓶D、碱式滴定管

【答案】B

【解析】用已知浓度的氢氧化钠溶液来滴定未知浓度的盐酸时所需仪器：

带滴定管夹的铁架台、碱式滴定管、烧杯、锥形瓶、漏斗（可用来向滴定管中加入液体），用不到圆底烧瓶。

滴定终点用指示剂酚酞来判断。

二、选择题：

本题共6小题，每小题4分，每小题有1~2个选项符合题意。

若正确答案只包括一个选项，多选的0分，若正确答案包括两个选项，只选一个且正确得2分，选两个且正确得4分，但只要选错一个就得0分。

【2014海南高考】7、下列有关物质水解的说法正确的是（）

A、蛋白质水解的最终产物是多肽B、淀粉水解的最终产物是葡萄糖

C、纤维素不能水解成葡萄糖D、油脂水解产物之一是甘油

【答案】BD

【解析】A、蛋白质先水解成多肽，多肽再水解成最终产物氨基酸，故蛋白质水解的最终产物是各种氨基酸，A错误；B、淀粉在酸的催化作用下，能发生水解；淀粉的水解过程：

先生成分子量较小的糊精（淀粉不完全水解的产物），糊精继续水解生成麦芽糖，最终水解产物是葡萄糖，B正确；C、纤维素属于多糖，水解的最终产物是葡萄糖，C错误；油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯，在酸性条件下水解生成高级脂肪酸与甘油；在碱性条件下，完全水解生成高级脂肪酸盐（肥皂）与甘油，D正确。

【2014海南高考】8、某反应过程能量变化如图所示，下列说法正确的是

A、反应过程a有催化剂参与

B、该反应为放热反应，热效应等于△H

C、改变催化剂，可改变该反应的活化能

D、有催化剂的条件下，反应的活化能等于E1+E2

【答案】BC

【解析】A、由图可知，反应过程a需要的活化能比b要高，所以a没有催化剂参与，A错误；B、由图可知，该反应中，反应物的总能量大于生成物的总能量，所以该反应属于放热反应，反应的热效应等于反应物与生成物能量之差，即△H，B正确；C、使用催化剂，改变了反应进行的途径，降低了反应的活化能，C正确。

【2014海南高考】9、下列有关物质应用的说法错误的是（）

A、玻璃容器可长期盛放各种酸B、纯碱可用于清洗油污

B、浓氨水可检验氯气管道泄漏D、Na2S可除去污水中的Cu2+

【答案】A

【解析】A、玻璃容器可长期盛放不与玻璃发生反应的酸，但由于HF能与玻璃的成分SiO2发生反应（SiO2+4HF═SiF4↑+2H2O），所以玻璃容器不能存放氢氟酸（HF），A错误；B、纯碱（Na2CO3）溶液由于CO32—水解而显碱性，可以促进油脂的水解，因此纯碱可用于清洗油污，B正确；C、氯气与浓氨水挥发出的氨气可发生如下反应：

8NH3+3Cl2═N2+6NH4Cl，当将浓氨水靠近氯气时，可以看到白烟（NH4Cl）生成，所以工厂里常用浓氨水来检验氯气管道是否泄漏，C正确；D、S2—能与Cu2+反应生成CuS沉淀，降低了水中的Cu2+浓度，D正确。

【2014海南高考】10、下列关于物质应用和组成的说法正确的是（）

A、P2O5可用于干燥Cl2和NH3B、“可燃冰”的主要成分是甲烷和水

C、CCl4可用于鉴别溴水和碘水D、Si和SiO2都用于制造光导纤维

【答案】BC

【解析】A、P2O5属于酸性干燥剂，不能用来干燥碱性气体NH3，A错误；B、“可燃冰”是水和甲烷在低温、高压的条件下形成的冰状固体，分布于深海沉积物中，由天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，所以“可燃冰”的主要成分是甲烷和水，B正确；C、四氯化碳的密度大于水的密度，所以四氯化碳在下方，水在上方；萃取时，上层液体是水，溴被萃取到下方四氯化碳中，所以上层无色，下层橙色；将碘水与四氯化碳混合，碘在四氯化碳中的溶解度比在水中的大，且四氯化碳的密度大于水的密度，故混合后Ⅳ中溶液分层上层是水下层是碘的四氯化碳溶液，因此下层为紫红色，所以CCl4可用于鉴别溴水和碘水，C正确；D、SiO2用于制造光导纤维，Si用于制造半导体材料，D正确。

【2014海南高考】11、室温下，用0.100mol/LNaOH溶液分别滴定20.00ml0.100mol/L的盐酸和醋酸，滴定曲线如图所示，下列说法正确的是（）

A、Ⅱ表示的是滴定盐酸的曲线

B、PH=7时，滴定醋酸消耗V（NaOH）小于20ml

C、V（NaOH）=20ml时，C（Cl—）==C（CH3COO—）

D、V（NaOH）=10ml时，醋酸溶液中：

C（Na+）＞C（CH3COO—）＞C（H+）＞C（OH—）

【答案】B

【解析】A、滴定开始时0.1000mol/L盐酸pH=1，0.1000mol/L醋酸pH＞1，所以滴定盐酸的曲线是图Ⅱ，滴定醋酸的曲线是图Ⅰ，故A错误；B、醋酸钠水解呈碱性，氯化钠不水解，pH=7时，醋酸所用NaOH溶液的体积小，故B错误；C、V（NaOH）=20.00 mL 时，二者反应生成氯化钠和醋酸钠，醋酸根发生水解，浓度小于氯离子，故C错误；D、加入10ml氢氧化钠时，溶液中恰好为同浓度的醋酸和醋酸钠，醋酸电离大于醋酸根的水解程度，所以C（CH3COO—）＞C（Na+），D错误。

【2014海南高考】12、将BaO2放入密闭真空容器中，反应2BaO2（s）

2BaO（s）+O2（g）达到平衡，保持温度不变，缩小容器容积，体系重新达到平衡，下列说法正确的是（）

A、平衡常数减小B、BaO量不变C、氧气压强不变D、BaO2量增加

【答案】CD

【解析】A、化学平衡常数只与温度有关，温度不变，化学平衡常数不改变，A错误；B、由于该反应2BaO2（s）

2BaO（s）+O2（g）的正反应是体积增大的反应，当温度保持不变时，缩小容器体积（相当于加压），平衡会向体积减小的方向即逆方向移动，所以BaO量减小，B错误；C、由于温度不变，则化学平衡常数（

）不变，所以

不变，所以氧气压强不变，C正确；D、由于该反应2BaO2（s）

2BaO（s）+O2（g）的正反应是体积增大的反应，当温度保持不变时，缩小容器体积（相当于加压），平衡会向体积减小的方向即逆方向移动，所以BaO2量增加，D正确。

第Ⅱ卷

本题包括必考题和选考题两部分，第13题—第17题为必考题，每个试题考生都必须作答，第18—20题为选考题，考生根据要求作答。

【2014海南高考】13、（9分）4种相邻主族短周期元素的相对位置如表，元素x的原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性。

回答下列问题：

m

n

x

y

（1）元素x在周期表中的位置是___________周期，___________族，其单质可采用电解熔融___________的方法制备。

（2）m、n、y三种元素最高价氧化物的水化物中，酸性最强的是___________，碱性最强的是___________（填化学式）。

（3）气体分子（mn）2的电子式为___________，（mn）2称为拟卤素，性质与卤素相似，其与氢氧化钠溶液反应的化学方程式为_________________________________。

【答案】

（1）三IIAMgCl2（每空1分，共3分）

（2）HNO3Al（OH）3（每空1分，共2分）

（3）

2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O（每空2分，共4分）

【解析】根据四种元素（相邻主族短周期元素）的位置关系，可知x是Mg，y是Al，m是C，n是N。

（1）元素x（Mg）在周期表中的位置是第三周期IIA族，由于Mg的化学性质比较活泼，常用电解熔融的MgCl2的方法制备；

（2）m（Mg）、n（C）、y（N）三种元素中，金属性最强的是Al元素，故最高价氧化物的水化物中碱性最强的是Al（OH）3，非金属性最强的是N元素，所以最高价氧化物的水化物中酸性最强的是HNO3；

（3）气体分子（mn）2的化学式是（CN）2，属于共价化合物，电子式是

；根据题目中的信息“（mn）2称为拟卤素，性质与卤素相似”，所以（CN）2与氢氧化钠溶液反应发生的化学方程式类似于Cl2与氢氧化钠溶液反应，所以反应的方程式为2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O。

【2014海南高考】14、（9分）硝基苯甲酸乙酯在OH—存在下发生水解反应：

O2NC6H4COOC2H5+OH—

O2NC6H4COO—+C2H5OH

两种反应物的初始浓度均为0.050mol/L，15℃时测得O2NC6H4COOC2H5的转化率α随时间变化的数据如表所示，回答下列问题：

0

120

180

240

330

530

600

700

800

0

33.0

41.8

48.8

58.0

69.0

70.4

71.0

71.0

（1）列式计算该反应在120~180s与180~240s区间的平均反应速率__________，__________；比较两者大小可得出的结论是______________________________。

（2）列式计算15°C时该反应的平衡常数____________________。

（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，除可适当控制反应温度外，还可以采取的措施有______________________________（要求写出两条）。

【答案】（9分）

（1）

（2分）

（2分）

随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢（1分）

（2）

或

（2分）

（3）增加OH—的浓度、移去产物（2分）

【解析】

（1）根据题目中提供的信息。

可知在120~180s内的平均反应速率是：

在180~240s内的平均反应速率是：

根据以上两个反应速率120~180s内（

）和180~240s内（

），可以看出：

随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢；

（2）15°C时该反应的平衡常数

；

（3）提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，就意味着O2NC6H4COOC2H5+OH—

O2NC6H4COO—+C2H5OH反应的平衡向正方向移动，可以采取的措施增大反应物的浓度（增加OH—的浓度），减小生成物的浓度（移去产物）。

【2014海南高考】15、（8分）卤代烃在生产生活中具有广泛的应用，回答下列问题：

（1）多氯代甲烷常为有机溶剂，其分子结构为正四面体的是__________，工业上分离这些多氯代物的方法是____________________。

（2）三氟氯溴乙烯（CF3CHClBr）是一种麻醉剂，写出其所有同分异构体的结构简式__________（不考虑立体异构）。

（3）聚氯乙烯是生活中常用的塑料，工业生产聚氯乙烯的一种工艺路线如下：

反应①的化学方程式为________________________________________，反应类型为__________，反应②的反应类型为__________。

【答案】（8分）

（1）四氯化碳分馏（每空1分，共2分）

（2）

（3分）

（3）H2C=CH2+Cl2

CH2ClCH2Cl加成反应消去反应（每空1分，共3分）

【解析】

（1）甲烷的结构是正四面体，所以只有当甲烷的4个H原子全部被Cl原子取代生成四氯化碳时，其结构才是正四面体；多氯代物的组成和结构相似，随着相对分子质量的增大，物质的沸点逐渐升高，那么可以利用它们之间沸点的差异，采取蒸馏法（分馏）进行分离；

（2）三氟氯溴乙烯（CF3CHClBr）的同分异构体就是F、Cl、Br三种原子之间互换位置，则可以写出三种同分异构体

；

（3）乙烯（H2C=CH2）生成1,2—二氯乙烷（CH2ClCH2Cl）是加成反应，方程式为H2C=CH2+Cl2

CH2ClCH2Cl，1,2—二氯乙烷（CH2ClCH2Cl）生成氯乙烯（CH2=CHCl）属于卤代烃的消去反应。

【2014海南高考】16、（9分）锂锰电池的体积小，性能优良，是常用的一次电池。

该电池反应原理如图所示，其中电解质LiClO4溶于混合有机溶剂中，Li+通过电解质迁移入MnO2晶格中，生成LiMnO2。

回答下列问题：

（1）外电路的电流方向是由__________极流向__________极。

（填字母）

（2）电池正极反应式为________________________________________。

（3）是否可用水代替电池中的混合有机溶剂？

__________（填“是”或“否”）原因是_______________。

（4）MnO2可与KOH和KClO4在高温条件下反应，生成K2MnO4，反应的化学方程式为______________________________________，K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为______________。

【答案】

（1）ba（每空1分，共2分）

（2）MnO2+e—+Li+=LiMnO2（2分）

（3）否电极Li是活泼金属，能与水反应（每空1分，共2分）

（4）3MnO2+KClO3+6KOH

2K2MnO4+KCl+3H2O（2分）2:

1（1分）

【解析】

（1）结合所给装置图以及原电池反应原理，可知Li作负极材料，MnO2作正极材料，所以电子流向是从a→b，那么电流方向则是b→a；

（2）根据题目中的信息“电解质LiClO4溶于混合有机溶剂中，Li+通过电解质迁移入MnO2晶格中，生成LiMnO2”，所以正极的电极反应式MnO2+e—+Li+=LiMnO2；

（3）因为负极的电极材料Li是活泼的金属，能够与水发生反应，故不能用水代替电池中的混合有机溶剂；

（4）由题目中的信息“MnO2可与KOH和KClO4在高温条件下反应，生成K2MnO4”，可知该反应属于氧化还原反应，Mn元素化合价升高（

），则Cl元素的化合价降低（

），所以方程式为3MnO2+KClO3+6KOH

2K2MnO4+KCl+3H2O；根据“K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4（

）和MnO2（

）”，根据电子得失守恒，可知生成的KMnO4和MnO2的物质的量之比为2:

1。

【2014海南高考】17、（9分）硫代硫酸钠（Na2S2O3）可用做分析试剂及鞣革的还原剂，它受热、遇酸易分解。

工业上可用反应：

2Na2S+Na2CO3+4SO2==3Na2S2O3+CO2制得，实验室模拟该工业过程的装置如图所示，回答下列问题：

（1）b中反应的离子方程式为_______________________________________，c中试剂为__________。

（2）反应开始后，c中先有浑浊产生，后又变为澄清，此浑浊物是____________。

（3）d中的试剂为__________________。

（4）实验中要控制SO2生成速率，可采取的措施有__________________（写出两条）

（5）为了保证硫代硫酸钠的产量，实验中通入SO2不能过量，原因是__________________。

【答案】（9分）

（1）SO32—+2H+=SO2↑+H2O或HSO3—+H+=SO2↑+H2O（1分）

硫化钠和碳酸钠混合溶液（2分）

（2）硫（1分）

（3）NaOH溶液（1分）

（4）控制反应温度、调节酸的滴加速度（或调节酸的浓度）（2分）

（5）若SO2过量，溶液显酸性，产物分解（2分）

【解析】根据装置图可知，最左侧装置是制备SO2、中间装置用来制备硫代硫酸钠（Na2S2O3），右侧装置是尾气处理装置（吸收SO2）。

（1）b用来制备SO2，实验室常用亚硫酸钠（或亚硫酸氢钠）和硫酸反应生成二氧化硫、硫酸钠和水，离子方程式为：

SO32—+2H+=SO2↑+H2O或HSO3—+H+=SO2↑+H2O；根据制取硫代硫酸钠（Na2S2O3）的方程式2Na2S+Na2CO3+4SO2==3Na2S2O3+CO2，可知c中试剂为硫化钠和碳酸钠混合溶液；

（2）因为SO2具有氧化性，溶液中存在S2—，所以二者能发生氧化还原反应生成单质S；

（3）d是尾气处理装置（吸收SO2），所以d中盛放的试剂是NaOH溶液；

（4）控制SO2生成速率，可以采取控制反应温度、调节酸的滴加速度（或调节酸的浓度）的方法；

（5）硫代硫酸钠（Na2S2O3）属于强碱弱酸盐，与酸容易发生反应（S2O32-+2H+=S↓+SO2↑+H2O），如若SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠（Na2S2O3）就发生反应导致产品质量减少。

选考题

【有机化学基础】

【2014海南高考】18—Ⅰ（6分）图示为一种天然产物，具有一定的除草功效，下列有关该化合物的说法错误的是（）

A、分子中含有三种含氧官能团

B、1mol该化合物最多能与6molNaOH反应

C、既可以发生取代反应，又能够发生加成反应

D、既能与FeCl3发生显色反应，也能和NaHCO3反应放出CO2

【答案】BD（6分）

【解析】根据有机物的结构简式可知，该有机物结构中含有三种含氧官能团：

酚羟基（—OH），酯基（—COO—）和醚键（—O—），A正确；B、能够和NaOH发生反应的官能团三个酚羟基（—OH），酯基（—COO—），而1mol该化合物含3mol酚羟基（—OH）和1mol酯基（—COO—），所以1mol该化合物最多能与4molNaOH反应，B错误；C、该有机物结构中还有碳碳双键（—C=C—），能发生加成反应，含有酚羟基（—OH），还能发生取代反应，C正确；D、该化合物含有酚羟基（—OH），能与FeCl3溶液发生显色反应（溶液显紫色），虽然酚羟基（—OH）具有酸性，但是其酸性弱于H2CO3，故不能和NaHCO3反应放出CO2，D错误。

【2014海南高考】18—Ⅱ（14分）1，6—己二酸（G）是合成尼龙的重要原料之一，可用六个碳原子的化合物氧化制备。

下图为A通过氧化反应制备G的反应过程（可能的反应中间物质为B、C、D、E和F）。

回答了了问题：

（1）化合物A中含碳87.8％，其余为氢，A的化学名称为________________。

（2）B到C的反应类型为________________。

（3）F的结构简式为________________。

（4）在上述中间物质中，核磁共振氢谱出峰最大的是___________，最少的是____________（填化合物代号）。

（5）由G合成尼龙的化学方程式为________________________________。

（6）由A通过两步制备1,3—环己二烯的合成线路为________________________________。

【答案】（14分）

（1）环己烯（2分）

（2）加成反应（1分）

（3）

（2分）

（4）DEF（2分，1分，共3分）

（5）

（2分）

（6）

（4分）

【解析】

（1）结合“化合物A中含碳87.8％，其余为氢”以及AB间的转化关系，可知A的结构简式为

（环己烯）；

（