(理)(2011·温州十校二模)某学校要召开学生代表大会,规定各班每10人推选一名代表,当各班人数除以10的余数大于6时再增选一名代表.那么,各班可推选代表人数y与该班人数x之间的函数关系用取整函数y=[x]([x]表示不大于x的最大整数)可以表示为( )
A.y=[]B.y=[]
C.y=[]D.y=[]
[答案] B
[解析] 当x除以10的余数为0,1,2,3,4,5,6时,由题设知y=[],且易验证此时[]=[].
当x除以10的余数为7,8,9时,由题设知y=[]+1,且易验证知此时[]+1=[].综上知,必有y=[].故选B.
3.(文)设a
[答案] C
[解析] x>b时,y>0,排除A、B;又x=b是变号零点,x=a是不变号零点,排除D,故选C.
(理)(2011·北京东城综合练习)已知函数f(x)=g(x)=log2x,则f(x)与g(x)两函数图象的交点个数为( )
A.4B.3
C.2D.1
[答案] C
[解析] 如图,函数g(x)的图象与函数f(x)的图象交于两点,且均在函数y=8x-8(x≤1)的图象上.故选C.
4.(文)设函数f(x)=,若f(x0)>1,则x0的取值范围是( )
A.(-∞,0)∪(10,+∞)
B.(-1,+∞)
C.(-∞,-2)∪(-1,10)
D.(0,10)
[答案] A
[解析] 由条件知,或,
∴x0<0或x0>10.
(理)(2010·浙江省金华十校)已知f(x)=,则f(x)>-1的解集为( )
A.(-∞,-1)∪(0,e)
B.(-∞,-1)∪(e,+∞)
C.(-1,0)∪(e,+∞)
D.(-1,0)∪(0,e)
[答案] A
[解析] 当x>0时,ln>-1,即lnx<1,故0-1,即x<-1,故不等式的解集是(-∞,-1)∪(0,e).
[点评] 可取特值检验,x=-时,f=-2>-1不成立,排除C、D;x=时,f=lne=1>-1成立,排除B,故选A.
5.(文)如果函数f(x)=,那么f
(1)+f
(2)+…f(2012)+f()+f()+…+f()的值为________.
[答案] 0
[解析] 由于f(x)+f()=+=+=0,f
(1)=0,故该式值为0.
(理)规定记号“⊕”表示一种运算,且a⊕b=+a+b+1,其中a、b是正实数,已知1⊕k=4,则函数f(x)=k⊕x的值域是________.
[答案] (2,+∞)
[解析] 1⊕k=+k+2=4,解之得k=1,
∴f(x)=+x+2,由于“⊕”的运算对象是正实数,故x>0,∴f(x)>2.
6.(文)某地区预计2011年的前x个月内对某种商品的需求总量f(x)(万件)与月份x的近似关系式是f(x)=x(x+1)(19-x),x∈N*,1≤x≤12,求:
(1)2011年的第x月的需求量g(x)(万件)与月份x的函数关系式.
(2)求第几个月需求量g(x)最大.
[解析]
(1)第x月的需求量为g(x)=f(x)-f(x-1)=x(x+1)(19-x)-(x-1)x(20-x)=x(13-x).
(2)g(x)=(-x2+13x)=-[42.25-(x-6.5)2],因此当x=6或7时g(x)最大.
第6、7月需求量最大.
(理)(2010·深圳九校)某自来水厂的蓄水池存有400吨水,水厂每小时可向蓄水池中注水60吨,同时蓄水池又向居民小区不间断供水,t小时内供水总量为120吨,(0≤t≤24).
(1)从供水开始到第几小时时,蓄水池中的存水量最少?
最少水量是多少吨?
(2)若蓄水池中水量少于80吨时,就会出现供水紧张现象,请问在一天的24小时内,有几小时出现供水紧张现象.
[解析]
(1)设t小时后蓄水池中的水量为y吨,
则y=400+60t-120(0≤t≤24)
令=x,则x2=6t且0≤x≤12,
∴y=400+10x2-120x=10(x-6)2+40(0≤x≤12);
∴当x=6,即t=6时,ymin=40,
即从供水开始到第6小时时,蓄水池水量最少,只有40吨.
(2)依题意400+10x2-120x<80,
得x2-12x+32<0,
解得4∵-=8,∴每天约有8小时供水紧张.
7.(文)某种商品在30天内每件的销售价格P(元)与时间t(天)的函数关系如图所示:
该商品在30天内日销售量Q(件)与时间t(天)之间的关系如表所示:
第t天
5
15
20
30
Q(件)
35
25
20
10
(1)根据提供的图象,写出该商品每件的销售价格P与时间t的函数关系式;
(2)在所给直角坐标系中,根据表中提供的数据描出实数对(t,Q)的对应点,并确定日销售量Q与时间t的一个函数关系式;
(3)求该商品的日销售金额的最大值,并指出日销售金额最大的一天是30天中的第几天?
(日销售金额=每件的销售价格×日销售量)
[解析]
(1)P=
(2)图略,Q=40-t(t∈N*)
(3)设日销售金额为y(元),
则y=
=
若0则当t=10时,ymax=900;
若25≤t≤30(t∈N*),
则当t=25时,ymax=1125.
由1125>900,知ymax=1125,
∴这种商品日销售金额的最大值为1125元,30天中的第25天的日销售金额最大.
(理)(2010·广东六校)某西部山区的某种特产由于运输的原因,长期只能在当地销售,当地政府通过投资对该项特产的销售进行扶持,已知每投入x万元,可获得纯利润P=-(x-40)2+100万元(已扣除投资,下同),当地政府拟在新的十年发展规划中加快发展此特产的销售,其规划方案为:
在未来10年内对该项目每年都投入60万元的销售投资,其中在前5年中,每年都从60万元中拨出30万元用于修建一条公路,公路5年建成,通车前该特产只能在当地销售;公路通车后的5年中,该特产既在本地销售,也在外地销售,在外地销售的投资收益为:
每投入x万元,可获纯利润Q=-(60-x)2+(60-x)万元,问仅从这10年的累积利润看,该规划方案是否可行?
[解析] 在实施规划前,由题设P=-(x-40)2+100(万元),知每年只需投入40万,即可获得最大利润100万元,则10年的总利润为W1=100×10=1000(万元)
实施规划后的前5年中,由题设P=-(x-40)2+100知,每年投入30万元时,有最大利润Pmax=(万元)
前5年的利润和为×5=(万元)
设在公路通车的后5年中,每年用x万元投资于本地的销售,而剩下的(60-x)万元用于外地区的销售投资,
则其总利润为
W2=[-(x-40)2+100]×5+(-x2+x)×5=-5(x-30)2+4950.
当x=30时,W2=4950(万元)为最大值,
从而10年的总利润为+4950(万元).
∵+4950>1000,
∴该规划方案有极大实施价值.
1.设函数f(x)、g(x)的定义域分别为F、G,且FG.若对任意的x∈F,都有g(x)=f(x),且g(x)为偶函数,则称g(x)为f(x)在G上的一个“延拓函数”.已知函数f(x)=x(x≤0),若g(x)为f(x)在R上的一个延拓函数,则函数g(x)的解析式为( )
A.g(x)=2|x|B.g(x)=log2|x|
C.g(x)=|x|D.g(x)=log|x|
[答案] A
[解析] 由延拓函数的定义知,当x≤0时,g(x)=x,当x>0时,-x<0,∴g(-x)=-x=2x,
∵g(x)为偶函数,∴g(x)=2x,
故g(x)=,即g(x)=2|x|.
2.已知函数f(x)=(x-a)(x-b)(其中a>b)的图象如下图所示,则函数g(x)=ax+b的图象是( )
[答案] A
[解析] ∵f(x)=(x-a)(x-b)的两个零点为a和b且a>b,由图象知03.函数f(x)=|logx|的定义域是[a,b],值域为[0,2],对于区间[m,n],称n-m为区间[m,n]的长度,则[a,b]长度的最小值为( )
A.B.3
C.4D.
[答案] D
[解析] 令f(x)=0得,x=1,令f(x)=2得,logx=±2,∴x=或4,∴当a=,b=1时满足值域为[0,2],故选D.
4.若函数f(x)=,则函数y=f(2-x)的图象可以是( )
[答案] A
[分析] 可依据y=f(-x)与y=f(x)的图象关于y轴对称,及y=f(2-x)可由y=f(-x)的图象向右平移两个单位得到来求解,也可直接求出y=f(2-x)的解析式取特值验证.
[解析] 由函数y=f(x)的图象关于y轴对称得到y=f(-x)的图象,再把y=f(-x)的图象向右平移2个单位得到y=f(2-x)的图象,故选A.
5.定义两种运算:
a⊕b=,a⊗b=,则函数f(x)=的解析式为( )
A.f(x)=,x∈[-2,0)∪(0,2]
B.f(x)=,x∈(-∞,-2]∪[2,+∞)
C.f(x)=-,x∈(-∞,-2]∪[2,+∞)
D.f(x)=-,x∈[-2,0)∪(0,2]
[答案] D
[解析] f(x)=,
由得,-2≤x<0或0∴f(x)=,
即f(x)=-,x∈[-2,0)∪(0,2].
6.如图,动点P在正方体ABCD-A1B1C1D1的对角线BD1上,过点P作垂直于平面BB1D1D的直线,与正方体表面相交于M、N.设BP=x,MN=y,则函数y=f(x)的图象大致是( )
[答案] B
[解析] 解法1:
取AA1、CC1的中点E、F,EF交BD1于O,
则EF∥AC,∵AC⊥BD,AC⊥BB1,
∴AC⊥平面BDD1B1,∴EF⊥平面BDD1B1,
∴平面BED1F⊥平面BDD1B1,
过点P作MN∥EF,则MN⊥平面BDD1B1,
MN交BE、BF于M、N,则=,∴MN=·BP,
不难看出当P在BO上时,y是x的一次增函数,
当P在OD1上时,y是x的一次减函数,故选B.
解法2:
连结AC,A1C1,则MN∥AC∥A1C1,当且仅当P为BD1的中点Q时,MN=AC取得最大值,故答案A,C错,又当P为BQ中点时,MN=AC,故答案D错,所以选B.
7.设函数f(x)=ln,则函数g(x)=f+f的定义域是________.
[答案] (-2,-1)∪(1,2)
[解析] 由>0知-1∴,由①得-21或x<-1,因此-28.已知函数f(x)的值域为[0,4],(x∈[-2,2]),函数g(x)=ax-1,x∈[-2,2],∀x1∈[-2,2],总∃x0∈[-2,2],使得g(x0)=f(x1)成立,则实数a的取值范围是______.
[答案] ∪
[解析] 只需要函数f(x)的值域是函数g(x)值域的子集即可.
(1)当a>0时,g(x)=ax-1单调递增,∵x∈[-2,2],
∴-2a-1≤g(x)≤2a-1,要使条件成立,只需,∴a≥.
(2)当a<0时,g(x)=ax-1单调递减.
∵x∈[-2,2],∴2a-1≤g(x)≤-2a-1,要使条件成立,
只需,∴,∴a≤-.
综上,a的取值范围是∪.