吉林省白城市中考物理质量跟踪监视试题.docx

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吉林省白城市中考物理质量跟踪监视试题

2019-2020学年中考物理模拟试卷

一、选择题（本题包括20个小题）

1．在家庭电路中，可能会出现这些情况开关中的两个线头相碰插头中的两个线头相碰电路中增加了大功率的用电器户外输电线绝缘皮损坏

在上述情况中，可能引起家庭电路中保险丝熔断的是

A．

（1）、

（2）

B．

（2）、（3）

C．

（2）、（4）

D．

（1）、（4）

2．如图所示，密度均匀的长方体木块漂浮在水面上．若将木块虚线以下的部分截去，则

A．木块和水面均下降，且下降的高度相同

B．木块和水面均下降，且木块下降的高度更大

C．木块和水面均下降，且水面下降的高度更大

D．木块下降，水面上升，且变化的高度不相同

3．如图所示，用来研究通电导线在磁场中受到力的作用的实验装置是

A．

B．

C．

D．

4．如图所示是一个传送带，A、B轮转动带动物体C向右上方匀速运动，物体C没有在皮带上发生滑动，皮带与轮之间不打滑，物体C的重力势能不断增加，这是因为

A．摩擦力做功的缘故

B．支持力做功的缘故

C．重力做功的缘故

D．动能转化为势能的缘故

5．如图所示，是单摆的摆动过程，小球在A点位置向上摆动，不计空气阻力，图中所示的小球在A点的受力示意图正确的是（　　）

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6．“歼－15”是我国第一代航母舰载机．下列能正确表示其在空中飞行时所受的重力方向的是（　　）

A．

B．

C．

D．

7．在冬季,某地的地下水管破裂,水喷射出来形成了如图所示的“冰花”．虽然气温没有回升,过一段时间,发现“冰花”还是变小了.以下分析正确的是

A．“冰花”是由空气中水蒸气凝华而形成的

B．“冰花”是由喷射出来的水凝固而形成的

C．“冰花”形成时的气温为0℃

D．“冰花”变小过程中要放热

8．关于核能，下列说法中错误的是

A．核能属于不可再生能源

B．目前人类获得核能有两条途径，即裂变和聚变

C．核发电是利用核的聚变来实现的

D．核电站使用过的核燃料称为核废料，核废料具有放射性

9．我们虽然看不到空气，但可以通过它运动产生的效应一一树叶的摆动“观察”到它的存在。

这种通过其效应对看不到的事物进行研究，是物理学中的一种重要方法。

下列实例中用到了这种方法的是

A．利用扩散现象研究分子运动

B．在实验基础上推理得到牛顿第一定律

C．用玻璃板替代平面镜探究平面镜成像规律

D．研究物体动能与速度的关系时，保持质量不变

10．首先发现电流热效应的科学家是

A．法拉第B．安培C．奥斯特D．焦耳

二、填空题（本题包括9个小题）

11．小明家电能表本月初的示数如图甲所示，本月底的示数如图乙所示，小明家本月消耗的电能为_______kW·h，如果按0.5元/（kW·h）的电价计费，本月应付电费_____元，该电能表单相电能表的参数表明，小明家能同时使用的用电器总功率不得超过______W．庭电路中，火线与零线间的电压为_____V，为了避免触电事故，家用电器的金属外壳一定要_____．

12．在如图的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻．闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P从最右端移到中间某个位置，电压表和电流表的示数分别变化了△U和△I． 则

的值______（选填“变大”、“不变”、“变小”）

13．2017年12月1日，继“蛟龙号后又一大国重器“深海勇士”交付使用!

它是中国自主研发的万米级全海深潜水器，预计将使用30年。

深海一万米，潜水器要承受的压力相当于在指甲盖上放一辆汽车，此时，潜水器每平方厘米都要承受_____N的压力（ρ海水＝1.03×103kg/m3）。

因此，载人球舱使用的钛合金材料具有几乎不腐蚀、耐压强度_____、吸水率_____（均选填“高”或“低”）的特性。

“深海勇士”能精准定位，大海捞针，可蛇形前进，需要它的密度_____，惯性_____（均选填”大”或”小”）。

14．如图所示的托里拆利实验中，测得的大气压强等于___mm高水银柱所产生的压强，已知水银密度ρ＝13.6×103kg/m3，g取10N/kg，则100mm高水银柱产生的压强为___Pa．

15．体积为0.5m1的钢瓶内装有密度为6kg/m1的氧气，某次电焊中用去了其中1/1，则钢瓶内剩余氧气的质量为_______kg，剩余氧气的密度为_______kg/m1．

16．如图所示，重力不计的杠杆OAB，可绕O点在竖直平面内转动．重为100N的物体挂在OA的中点处．已知OA＝40cm，AB＝30cm，OA垂直于AB，杠杆与转动轴间的摩擦忽略不计．要使杠杆平衡，且OA段处于水平位置，那么作用于B端的最小力的力臂等于_____cm，最小力的大小等于_____N．

17．如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从b点向左滑动的过程中，两个电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示．

（1）电源电压为__________V．

（2）滑动变阻器的最大阻值为__________Ω．

（3）滑动变阻器滑片P从b点向左滑动的过程中，定值电阻R0消耗的最小功率为__________W．

18．图乙是通过灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象．现将L与阻值为10Ω的电阻R连入图甲所示电路．闭合开关S，L的实际功率为1.8W．则电源电压是________V，此时通过R的电流是________A．

19．（6分）如图是四冲程汽油机的工作过程中_____冲程；如果该汽油机每分钟转3600转，则该汽油机每秒做功_____次；若该汽油机功率为10kW，机械效率为36%，使用的乙醇汽油热值为4×107J/kg，则汽油机工作1小时消耗_____kg乙醇汽油．

三、作图题（本题包括2个小题）

20．（6分）在水平向右行驶的小车车厢顶端用细线悬挂一小球，小车水平地板上放置一物块A．从某时刻起，发现小球向左（运动的反方向）摆开，并持续一段时间，如图所示．请画出这段时间内物块A受力的示意图．

21．（6分）图中，物体漂浮在水面上，请作出物体受到的重力G和浮力F的示意图．

（____）

四、实验题（本题包括2个小题）

22．（8分）在探究凸透镜成像实验中：

如图甲，要使像能够成在光屏的中央，应将透镜向_______（上/下）调整．若凸透镜的焦距是10cm，当烛焰距凸透镜15cm时，能成倒立、_______的实像；当烛焰向左（远离透镜）移动后，要在光屏上成清晰的像，需将光屏向_____（左/右）移．在上一步实验获得清晰的像后，小明取了一副近视眼镜放在凸透镜前（如图乙），要使光屏上还能成清晰的像，可将蜡烛向_____（左/右）移．

23．（8分）如图是探究“浮力的大小与哪些因素有关”实验的若干操作，根据此图回答下列问题：

（1）若探究浮力大小与物体浸设深度的关系，应选用的操作是__（填序号）．

（2）若选用的操作是②④⑥，可探究浮力的大小与__的关系．

（3）若探究浮力大小与物体排开液体体积的关系，选用的操作是__（填序号）．

五、计算题（本题包括2个小题）

24．（10分）如图所示，一实心正方体铝块浸没在密度为1．9×113kg/m3的油中，其质量为2．7kg，上表面与液面相平行，上、下表面的深度分别为h1和h2，且2h1=h2=21cm，求：

（1）铝块上表面处的液体压强；

（2）若使铝块在图示位置处于静止状态，还应使其在竖直方向受到一个多大的力；

（3）若图中正方体是由密度为3．6×113kg/m3的合金制成，且处于悬浮状态，则该正方体空心部分体积是多少？

25．（10分）近年来，咸宁对城乡学校进行大改造，一些农村学校也用上了热水器，如图甲所示是咸安区某中学新安的电热水器的简易示意图，通过开关S的断开或闭合可使热水器处于保温或加热状态．已知热水器水箱装水50kg，R1、R2均为发热电阻丝，R1＝50Ω，R2＝750Ω，电源电压200V恒定．图乙是电热水器工作时电路中电流随时间变化的规律．问

（1）水箱中的水从20℃加热到70℃需要吸收多少焦耳的热量？

[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

（2）电热水器处于加热和保温状态时的电功率分别是多大？

（3）该热水器按图乙规律工作一天（24小时）需要消耗多少电能？

参考答案

一、选择题（本题包括20个小题）

1．B

【解析】

【分析】

电路中电流过大，保险丝会熔断。

【详解】

（1）开关中的两个线头相碰，会导致开关无法控制用电器，用电器将一直工作，但不会导致电流过大．

（2）会导致用电器短路，会导致电流过大．

（3）会导致用电器的总功率过大，会导致电流过大．

（4）户外线短路，不会烧毁家庭电路中的保险丝．

故

（2）（3）会引起保险丝熔断，选B。

2．B

【解析】

【详解】

因为木块漂浮，所以浮力与重力相等，则F浮＝G木，ρ水gV排＝ρ木gV木，

，因为木块密度和水的密度不变，因此木块淹没的体积与木块体积的比值不变；当将木块虚线以下的部分截去后，木块淹没的体积与此时木块体积的比值变小，故剩下的木块会下沉一些；由于木块的总体积减小，因此淹没的体积也将减小，则水面也将下降．由于木块底部的横截面积小于容器底部的横截面积，而V排＝V浸，由

可得，木块下降高度大，故B选项符合题意．

3．B

【解析】

【详解】

A．导体与电流表相连，在闭合回路中当导体棒在磁场中运动时，电流表中会产生电流，探究的是电磁感应，故A不符合题意；

B．当开关闭合时，放在磁场中的导体会在磁场力的作用下运动起来，探究的是磁场对电流作用力，故B符合题意；

C．当将通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明通电直导体周围存在磁场，故C不符合题意；

D．这是发电机的原理模型图，当线圈转动时，产生感应电流，说明电磁感应现象，故D不符合题意。

4．A

【解析】

【详解】

物体C随传送带一起匀速斜向上运动，因物体有向下滑动的趋势，故物体受到传送带施加的斜向上的摩擦力，同时物体受到重力、支持力的作用，如图所示：

A.因为物体C向右上方匀速运动，动能不变，机械能增加，是其它形式的能转化过来的，是非重力、弹力对物体做了功，物体运动方向与摩擦力方向一致，摩擦力对物体做功，使得物体的重力势能不断增加，是摩擦力做功的缘故，故正确。

B.由于物体的运动方向与支持力的方向垂直，物体在支持力的方向上没有移动距离，所以支持力不做功，故错误；

C.物体C受到的重力方向是竖直向下，虽然重力做功，但不是使货物向上运动的原因，不是物体机械能增加的原因，也不是物体重力势能增加的原因，故错误；

D.因为物体匀速运动，所以物体的动能不变，并非动能转化为重力势能，故错误。

5．C

【解析】

【分析】

【详解】

空气阻力不计，小球只受竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力；重力的方向竖直向下，作用在物体的重心上；拉力的方向是沿绳子斜向上的，作用点也可以画在重心．由此可知，只有C正确，ABD错误．

故选C．

6．C

【解析】

重力方向始终竖直向下．

7．B

【解析】

根据题意知道“冰花”应是喷射出来的水遇冷凝固形成的，是凝固现象，故A错误，B正确；凝固的条件：

到达凝固点继续放热，水的凝固点为0℃，气温低于或等于0℃，如果继续放热，就会凝固，所以“冰花”形成时的气温不一定为0℃，也可以低于0℃，故C错误；“冰花”变小是固态的冰升华形成水蒸气，升华吸热，故D错误，故选B．

点睛：

本题考查的是物态变化，解题的关键是要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．

8．C

【解析】

【分析】

【详解】

A.根据不可再生能源的概念可知：

核能属于不可再生能源，故A正确；

B.目前核能是通过核裂变或核聚变获取能量的，故B正确；

C.核电站主要利用核裂变的可控链式反应来发电的，故C错误．

D核电站使用过的核废料如果处理不当会对人类社会产生非常大的影响，具有放射性，故D正确．

9．A

【解析】

【分析】

根据题中“……是物理学中的一种重要方法，下列实例中用到了这种方法的是”可知，本题考查物理方法的判定。

首先明确研究方法的基本含义，然后确定实验过程采用的探究方法，就能确定符合题意的选项。

【详解】

题干所描绘的物理方法，通过其效应对看不到的事物进行研究，这种研究问题的方法叫转换法。

A．利用扩散现象研究分子运动，采用的是转换法。

故A符合题意；

B．在实验基础上推理得到牛顿第一定律，该过程有实验、有推理，用到的是实验推理法，故B不符合题意。

C．用玻璃板替代平面镜探究平面镜成像规律，用的是等效替代法，故C不符合题意。

D．研究物体动能与速度的关系时，保持质量不变，用的是控制变量法，故D不符合题意。

10．D

【解析】

【详解】

A．法拉第发现了电磁感应现象，导致了发电机的发明，故A不符合题意；

B．安培总结出了电流周围的磁场方向和电流方向的关系定则--安培定则，故B不符合题意；

C．奥斯特发现了通电导线周围存在磁场即电流的磁效应，故C不符合题意；

D．焦耳的主要贡献是通过实验总结出了焦耳定律，提供了对电流通过导体时发出热量的计算，故D符合题意．

二、填空题（本题包括9个小题）

11．130652200220接地

【解析】

电能表的读数方法：

①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW•h，所以，小明家本月消耗的电能是：

W=W1-W2=951.6kW•h-821.6kW•h=130kW•h；由于电费的单价是：

0.5元/（kW•h），所以应交电费是：

130kW•h×0.5元/（kW•h）=65元；由图知道，电能表工作电压是220V、平时工作允许通过的最大电流是10A，所以能连接的用电器最大电功率是：

P=UI=220V×10A=2200W；我国家庭电路的电压是220V，即火线与零线间的电压为220V；有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，这样，当用电器漏电时，地线把人体短路，就可以避免触电事故的发生．

12．不变

【解析】

【分析】

【详解】

由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2,则△I＝I2−I1，由I＝

可得，电压表的示数分别为：

U1＝I1R,U2＝I2R，电压表示数的变化量：

△U＝U2−U1＝I2R−I1R＝（I2−I1）R＝△IR，即

＝R，由于R为定值电阻,所以,

不变．

【点睛】

由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，设出滑片移动前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表示数的变化，然后得出答案．

13．1.03×104高低小小

【解析】

【详解】

（1）深海一万米处的海水压强：

；

潜水器每平方厘米面积上要承受的压力：

；

（2）在深海中，由于载人球舱需要承受很大的水压、不能吸水，所以载人球舱使用的钛合金材料具有耐压强度高、吸水率低的特性；

（3）“深海勇士”能精准定位，大海捞针，可蛇形前进，说明其质量较小，则相同体积的情况下，其密度小，而质量小则惯性较小，容易改变运动状态。

14．7501.36×104

【解析】

【详解】

读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为750mm，因此，当时的大气压强等于750mm高水银柱产生的压强；100mm产生的压强为：

p＝ρgh＝13.6×103kg／m3×10N／kg×0.1m＝1.36×104Pa．

15．24

【解析】

【详解】

原来氧气的质量为m=ρV=6kg/m1×0.5m1=1kg，故钢瓶内剩下

氧气的质量为

×1kg=2kg

剩余氧气的密度：

ρ剩=

=

=4kg/m1；

16．50cm40N

【解析】

【详解】

在使用杠杆时，最省力的力臂为最大力臂，而最大力臂为力的作用点到支点的连线作为力臂时力臂最大，此时力最小，由图可得OB为力臂时力臂最大，由数学中的勾股定理可得OB=50cm，根据杠杆的平衡原理计算出最小力为40N．

17．121000.2

【解析】

【详解】

滑动变器的滑片P从b点滑到a点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由

可知，电路中的电流变大，R0两端的电压变大，即V1的示数变大，由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R两端的电压变小，即V2的示数变小，所以，图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，ec是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线；

（1）当滑片位于b点时，变阻器接入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，由图乙可知，此时电路中的电流I=0.1A，此时R两端的电压UR=10V，R-0两端的电压UR0=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U=UR+UR0=10V+2V=12V；

（2）由

可得，滑片位于b点时变阻器接入电路的阻值：

;

（3）滑动变阻器滑片在b点时，接入电路阻值最大，电路中的电流最小，且R0此时分压最小，其消耗的电功率最小：

Pmin=UminImin=2V×0.1A=0.2W。

18．60.6

【解析】

由图甲可知：

灯泡L与电阻R并联，根据P＝UI,从图象上可以看出,当L的实际功率为1.8W时,对应的实际电压为6V,实际电流IL＝0.3A，则电源电压U＝U实＝6V，通过R的电流IR＝

＝0.6A.

点睛：

从图象上可以看出，当L的实际功率为1.8W时，对应的实际电压为6V，实际电流为0.3A，据此可知电源电压，利用欧姆定律可算出通过R的电流．

19．排气302.6

【解析】

由图可知，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，所以是排气冲程．

汽油机每分钟转3600转，则每秒钟转3600÷60=60转，每两转完成一个工作循环，做一次功，所以该汽油机每秒做功30次．

汽油机1小时所做的功

所以燃烧乙醇汽油放出的热量

消耗汽油的质量

三、作图题（本题包括2个小题）

20．

【解析】

分析可知，物块A在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；小球向左（运动的反方向）摆开，并连续一段时间，根据惯性知识可知，小车做加速运动，故物块A在水平方向上受到的摩擦力方向水平向右；如图所示：

点睛：

根据物体的运动状态分析物体受力情况，题中物块处于非平衡状态，受力不平衡．

21．

【解析】

当物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，如图：

点睛：

本题考查的是重力、浮力的示意图画法，注意同一个物体受到多个力时，作用点画在重心位置，不是同一个物体受到的力，作用点要画在实际位置；需要记清各种力的方向并且用线段的长短表示力的大小．

四、实验题（本题包括2个小题）

22．小放大左右

【解析】

【详解】

（1）从甲图可以看出，像没在光屏的中央，而是偏上，这说明蜡烛偏下，此时若移动透镜，应向下移动，使透镜的中心与烛焰在同一高度；

（2）焦距是10cm，当烛焰距凸透镜15cm时，此时

，成倒立放大实像；物体远离透镜时，像靠近透镜，所以应把光屏向左移动；

（3）近视镜是凹透镜，它和原来的凸透镜组合在一起，会聚能力变弱，所以折射光线的交点更远离透镜，应把光屏向右移动才能接收到清晰的像．

23．3，6液体密度1，1

【解析】

探究浮力大小与哪些因素有关的实验时，因与多个因素有关，用到实验方法为控制变量法，所以研究浮力大小与物体浸没在液体中深度的关系时，改变物体浸没在液体中的深度，而保持其他因素相同，故应选用的操作是1,3,6；若选用的操作是②④⑥，则液体密度不同，故可探究浮力的大小跟液体密度的关系．若探究输究浮力的大小与物体排开液体体积关系，应保持液体密度相同，改变排开液体体积不同，故应选的操作是1,1．

五、计算题（本题包括2个小题）

24．

（1）911Pa；

（2）18N；（3）4．5×11﹣4m3

【解析】试题分析：

（1）由图示可知，铝块上表面所处的深度：

h1=11cm=1．1m，所以可得铝块上表面处的液体压强：

p1=ρgh1=1．9×113kg/m3×11N/kg×1．1m=911Pa；

（2）正方体的边长：

L=h2﹣h1=1．2m﹣1．1m=1．1m，正方体铝块的体积：

V=L3=（1．1m）3=11﹣3m3，正方体铝块浸没时受到的浮力：

F浮=ρgV排=ρgV=1．9×113kg/m3×11N/kg×11﹣3m3=9N，因铝块静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力，所以，施加的力：

F=G﹣F浮=mg﹣F浮=2．4kg×11N/kg﹣9N=18N，即施加竖直向上18N的力；（3）合金处于悬浮状态时受到的浮力和自身的重力相等，则合金的质量：

m′=G′/g=F浮/g=9N/11N/kg=1．9kg，根据公式ρ=m/V可得，正方体中合金的体积：

V′=m′/ρ′=1．9kg/3．6×113kg/m3=2．5×11﹣4m3，空心部分的体积：

V空=V﹣V′=11﹣3m3﹣2．5×11﹣4m3=4．5×11﹣4m3。

【考点定位】压强和浮力

25．

（1）1.05×107J；

（2）800W、50W；（3）1.512×107J．

【解析】

【分析】

【详解】

（1）水箱中的水从20℃加热到70℃，水吸收的热量：

Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（70℃﹣20℃）＝1.05×107J；

（2）由图知，当开关闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1，此时电路中电阻最小，由P＝

可知电路消耗的功率最大，处于加热状态；已知R1＝50Ω，U＝200V，则加热功率：

P加热=

；

当开关断开时，两个电阻串联，处于保温状态，保温功率为：

P保温=

；

（3）由图乙可知，电热水器每小时加热10min、保温50min，

加热10min消耗的电能：

W加热＝P加热t1