人教版八年级数学上册《多边形及其内角和》测试题.docx
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人教版八年级数学上册《多边形及其内角和》测试题
《多边形及其内角和》测试题
一.选择题(共10小题)
1.正八边形的每个外角为( )
A.45°B.55°C.135°D.145°
2.一个正多边形的外角与其相邻的内角之比为1:
3,那么这个多边形的边数为( )
A.8B.9C.10D.12
3.将四边形纸片ABCD按如图的方式折叠使C′P∥AB.若∠B=120°,∠C=90°,则∠CPR等于( )
A.30°B.45°C.60°D.90°
4.如果一个正多边形的内角和是外角和的3倍,那么这个正多边形的边数为( )
A.5B.6C.7D.8
5.如果n边形的每一个内角都等于与它相邻外角的2倍,那么n的值是( )
A.7B.6C.5D.4
6.如图,五边形ABCDE的一个内角∠A=110°,则∠1+∠2+∠3+∠4等于( )
A.360°B.290°C.270°D.250°
7.如图,∠1,∠2,∠3,∠4是五边形ABCDE的外角,且∠1=∠2=∠3=∠4=68°,则∠AED的度数是( )
A.88°B.98°C.92°D.112°
8.如图,在四边形ABCD中,DE平分∠ADC交BC于点E,AF⊥DE,垂足为点F,若∠DAF=50°,则∠EDC=( )
A.40°B.50°C.80°D.100°
9.已知一个多边形的外角和比它的内角和少540°,则该多边形的边数为( )
A.7B.8C.9D.10
10.小磊利用最近学习的数学知识,给同伴出了这样一道题:
假如从点A出发,沿直线走5米后向左转θ,接着沿直线前进5米后,再向左转……如此下去,当他第一次回到A点时,发现自己走了60米,θ的度数为( )
A.28°B.30°C.33°D.36°
二.填空题(共5小题)
11.已知一个正n边形的每个内角都为144°,则边数n为 .
12.如图,六边形ABCDEF的各角都相等,若m∥n,则∠1+∠2= °.
13.如图,已知BC与DE交于点M,则∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F的度数为 .
14.如果一个正多边形的每个外角都等于72°,那么它是正 边形.
15.如图,在正五边形ABCDE中,DM是边CD的延长线,连接BD,则∠BDM的度数是 .
三.解答题(共5小题)
16.如图所示:
求∠A+∠D+∠B+∠E+∠C+∠F的度数.
17.如图,五边形ABCDE的各内角相等.
(1)求每个内角的度数;
(2)连接AC,AD,∠1=∠2,∠3=∠4,求∠CAD的度数.
18.探索题:
(1)如图,已知任意三角形的内角和为180°,试利用过多边形一个顶点引对角线把多边形分割成三角形的办法,寻求多边形内角和的公式.
根据上图所示,填空:
一个四边形可以分成 个三角形,于是四边形的内角和为 ;一个五边形可以分成 个三角形,于是五边形的内角和为 …按此规律,一个n边形可以分成 个三角形,于是n边形的内角和为 .
(2)计算下列各题:
6×7= ;66×67= ;666×667= ;6666×6667= .
观察上述的结果,利用你发现的规律,直接写出:
= .
19.如图,四边形ABCD中,∠B=∠D=90°,点G,A,B在同一条直线上,点H,C,D在同一条直线上.
(1)图①中,AE,CF分别是∠BAD和∠DCB的平分线,则AE与CF的位置关系?
(2)图②中,AE,CF分别是∠GAD和∠HCB的平分线,则AE与CF的位置关系?
(3)图③中,AE,CF分别是∠BAD和∠HCB的平分线,则AE与CF的位置关系?
(4)请从
(1)
(2)(3)题中任选一个,证明你得出的结论.
20.
(1)图
(1)中AB和AC相交于点A,BD和CD相交于点D,探究∠BDC与∠B、∠C、∠BAC的关系
小明是这样做的:
解:
以点A为端点作射线AD
∵∠1是△ABD的外角
∴∠1=∠B+∠BAD
同理∠2=∠C+∠CAD
∴∠1+∠2=∠B+∠BAD+∠C+∠CAD
即∠BDC=∠B+∠C+∠BAC
小英的思路是:
延长BD交AC于点E.
1小英的思路完成∠BDC=∠B+∠C+∠BAC这一结论.
(2)按照上面的思路解决如下问题:
如图
(2):
在△ABC中,BE、CD分别是∠ABC∠ACB的角平分线,交AC于E,交AB于D.BE、CD相交于点O,∠A=60°.求∠BOC的度数.
(3)如图(3):
△ABC中,BO、CO分别是∠ABC与∠ACB的角平分线,且BO、CO相交于点O.猜想∠BOC与∠A有怎样的关系,并加以证明.
参考答案
一.选择题
1.解:
360°÷8=45°.
故选:
A.
2.解:
设每个内角与它相邻的外角的度数分别为3x、x,
∴x+3x=180°,
∴x=45°,
故这个多边形的边数=
.
故选:
A.
3.解:
∵C′P∥AB,
∴∠BPC′=180°﹣∠B=60°,
∴∠CPC′=180°﹣∠BPC′=120°,
∴∠CPR=
=60°.
故选:
C.
4.解:
设正多边形的边数为n,由题意得:
(n﹣2)•180°=3×360°,
解得:
n=8,
故选:
D.
5.解:
设外角为x,则相邻的内角为2x,
由题意得2x+x=180°,
解得x=60°,
360÷60°=6.
故n的值是6.
故选:
B.
6.解:
∵∠A=110°,
∴∠A的外角为180°﹣110°=70°,
∴∠1+∠2+∠3+∠4=360°﹣70°=290°,
故选:
B.
7.解:
根据多边形外角和定理得到:
∠1+∠2+∠3+∠4+∠5=360°,
∴∠5=360°﹣4×68°=88°,
∴∠AED=180°﹣∠5=180°﹣88°=92°.
故选:
C.
8.解:
由AF⊥DE可得∠AFD=90°,
∴得∠ADF=90°﹣∠DAF=90°﹣50°=40°,
∵DE平分∠ADC,
∴∠EDC=∠ADF=40°,
故选:
A.
9.解:
设多边形的边数是n,
根据题意得,(n﹣2)•180°﹣360°=540°,
解得n=7.
故选:
A.
10.解:
∵第一次回到出发点A时,所经过的路线正好构成一个正多边形,
∴正多边形的边数为:
60÷5=12,
根据多边形的外角和为360°,
∴则他每次转动θ的角度为:
360°÷12=30°,
故选:
B.
二.填空题(共5小题)
11.解:
由题意得,(n﹣2)•180°=144°•n,
解得n=10.
故答案为:
十.
12.解:
延长DC,交直线n于点G,
∵六边形ABCDEF的各角都相等,
∴AF∥DC,
∴∠2=∠3,
又∵m∥n,
∴∠3+∠4=180°,
∵∠4=∠1,
∴∠1+∠2=180°,
故答案为:
180.
13.解:
连接BE.
∵△CDM和△BEM中,∠DMC=∠BME,
∴∠C+∠D=∠MBE+∠BEM,
∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=∠A+∠B+∠MBE+∠BEM+∠E+∠F=∠A+∠F+∠ABE+∠BEF=360°.
故答案为:
360°.
14.解:
这个正多边形的边数:
360°÷72°=5.
故答案为:
5
15.解:
因为五边形ABCDE是正五边形,
所以∠C=
=108°,BC=DC,
所以∠BDC=
=36°,
所以∠BDM=180°﹣36°=144°,
故答案为:
144°.
三.解答题(共5小题)
16.解:
由图可得,
∠A+∠D+∠B+∠E+∠C+∠F的和正好是中间小三角形的三个外角之和,
∵三角形的外角和是360°,
∴∠A+∠D+∠B+∠E+∠C+∠F=360°.
17.解:
(1)∵五边形的内角和是(5﹣2)×180°=540°,
∴每个内角为540°÷5=108°,
(2)∵∠E=∠B=∠BAE=108°,
又∵∠1=∠2,∠3=∠4,
∴∠1=∠2=∠3=∠4=(180°﹣108°)÷2=36°,
∴∠CAD=∠BAE﹣∠1﹣∠3=108°﹣36°﹣36°=36°.
18.解:
(1)2,360°,3,540°,n﹣2,(n﹣2)•180°;
(2)42,4422,444222,44442222,
19.解:
(1)图1中AE∥FC;
(2)图2中AE∥FC;
(3)图3中AE⊥FC.
(4)选择图1证明.如图1:
∵∠BAD+∠BCD=∠1+∠2+∠3+∠4=360°﹣(∠B+∠D)=360°﹣180°=180°,
又∵AE、CF分别是∠BAD和∠DCB的内角平分线,
∴∠1+∠3=
∠BAD+
∠BCD=
(∠BAD+∠BCD)=
×180°=90°.
又∵∠B=90°,
∴∠1+∠5=90°,
∴∠3=∠5,
∴AE∥FC;
选择图2证明,如图2,
∵∠B=∠D=90°,
∴∠BAD+∠BCD=360°﹣2×90°=180°,
∴
∠BAD+
∠BCD=90°,
∴∠GAD=∠BCD,
∵AE是∠GAD的角平分线,
∴∠1=
∠GAD=
∠BCD,
同理可得:
∠2=
∠BAD,
∴∠1+
∠BAD=90°,
延长CD交AE于点P,∠ADC=90°,
∴∠1+∠P=90°,
∴∠P=
∠BAD,
即∠P=∠2,
∴AE∥FC(同位角相等,两直线平行);
选择图3证明.如图3:
∵∠B+∠BAD+∠D+∠DCB=360°,
又∵∠B=∠D=90°,
∴∠BAD+∠DCB=180°,
∵∠DCB+∠BCE=180°,
∴∠BAD=∠BCE,
∵AE、AF分别是∠BAD和∠DCB的内角平分线和外角平分线,
∴∠1=
∠BAD,∠2=
∠BCE,
∴∠1=∠2,
∵∠3=∠4,∠1+∠B+∠4=180°,∠2+∠CMA+∠3=180°,
∵∠B=90°∠1+∠4=∠2+∠3,
∴∠CMA=∠B=90.
∴AE⊥CF.
20.
(1)证明:
延长BD交AC于E,
∵∠BDC=∠C+∠CED,
又∵∠CED=∠BAC+∠B,
∴∠BDC=∠C+∠B+∠BAC;
(2)解:
∵由
(1)知∠BOC=∠ABE+∠ACD+∠A,
又∵∠ABE=
∠ABC,∠ACD=
∠ACB,
∴∠ABE+∠ACD=
(∠ABC+∠ACB)=
(180﹣∠A)=
×120=60°,
∴∠BOC=120°;
(3)∠BOC与∠A的关系:
∠BOC=90°+
∠A.
理由如下:
由
(2)得∠BOC=
(180°﹣∠A)+∠A=90°+
∠A.