中考物理分类汇编精编解析版第25章 热学综合题解析版精品.docx

中考物理分类汇编精编解析版第25章 热学综合题解析版精品.docx

《中考物理分类汇编精编解析版第25章 热学综合题解析版精品.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《中考物理分类汇编精编解析版第25章 热学综合题解析版精品.docx（15页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

中考物理分类汇编精编解析版第25章热学综合题解析版精品

2017年中考物理题分类汇编

23热学综合题（解析版）

一、选择题

1．（2017深圳4）关于热学知识，下列说法错误的是（　　）

A．所有物体的分子都在不停地做无规则运动

B．汽车的动力是由汽油机的做功冲程提供的

C．热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体

D．升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多

【考点】分子的运动；热传递；比热容的概念；内燃机的四个冲程．

【分析】

（1）一切物质的分子无规则的运动，分子的运动属于扩散现象．

（2）汽油机的做功冲程为汽车提供动力．（3）热量从温度高的物体传向温度低的物体．（4）根据Q=cm△t分析吸收的热量的多少．

【解答】解：

A、一切物质的分子无规则的运动，故A正确；B、汽车的做功冲程将内能转化为机械能为汽车提供动力，故B正确；C、热量只能从温度高的物体传向温度低的物体，温度高的物体内能可能小，故热量可以从内能小的物体传递给内能大的物体，故C正确；D、根据Q=cm△t知，质量相同的物体、升高相同的温度，比热容大的物体，吸收的热量多，故D错误．

故选D．

2．（2017湖州6）电水壶是常用小家电．下列有关电水壶烧水的观察和思考，正确的是（　　）

A．加热过程中，水的内能通过热传递改变

B．加热过程中，水的热量不断增加

C．沸腾时，所冒的“白气”是水汽化产生的水蒸气

D．沸腾时，继续吸热水温不断上升

【考点】热传递改变物体内能；沸腾及沸腾条件；液化及液化现象；温度、热量与内能的关系．

【分析】

（1）做功和热传递都能改变内能；

（2）热量是一个过程量；（3）是白气都是液化；（4）液体沸腾的特点是：

吸热但温度不变；

【解答】解：

A、如图所示，电热中，水的内能通过热传递改变，故A正确；B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；C、白气是一些小液滴，即是沸腾时，温度比较高的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故C错误；D、液体沸腾的特点是吸热，但温度不变，故D错误；

故选A．

3．（2017沈阳7）下列关于热现象的说法中正确的是（　　）

A．火箭使用液态氢作燃料，是因为它含有的热量多

B．在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能

C．海边昼夜温差比内陆小，是因为水的比热容较大

D．0℃的水变成0℃的冰，温度不变，内能不变

【考点】燃料的热值；温度、热量与内能的关系；比热容解释简单的自然现象；内燃机的四个冲程．

【分析】

（1）液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；

（2）汽油机的压缩冲程中，活塞压缩空气做功，消耗机械能，得到内能，是机械能转化为内能；（3）内能的大小与物体的质量、温度有关；（4）对水的比热容大的理解：

相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．

【解答】解：

A、火箭使用液是因为它的热值大，故A错误；B、汽油机的压缩冲程中，是将机械能转化为内能，混合气体的内能增大、温度升高，故B错误；C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以海边昼夜温差比内陆小，故C正确；D、0℃的水变成0℃的冰，温度不变，但凝固需要放热，所以内能减小，故D错误．

故选C．

4．（2017自贡3）下列说法中正确的是（　　）

A．晶体和非晶体熔化时温度变化规律相同

B．做功和热传递都可以改变物体内能

C．汽油机工作时的四个冲程都是内能转化为机械能

D．太阳能、水能、石油、天然气都是可再生能源

【考点】晶体和非晶体的区别；物体内能的改变；内燃机的四个冲程；能源的分类．

【分析】

（1）晶体熔化有固定的熔点，而非晶态在熔化时温度升高，没有固定的熔点．

（2）改变内能的方法：

做功和热传递；（3）汽油机工作时只有做功冲程做功把内能转化为机械能；（4）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源．

【解答】解：

A、晶体熔不变，非晶体熔化过程中温度不断升高，故A错误；B、做功和热传递都可以改变物体内能，故B正确；C、热机工作中压缩冲程是把机械能转化为内能，做功冲程把内能转化为机械能，故C错误；D、太阳能、水能是可再生能源，石油、天然气是不可再生能源，故D错误．

故选B．

5．（2017绵阳8）如图所示，酒精灯对烧杯中一定质量0℃的冰水混合物加热，至沸腾后继续加热一段时间．下列说法正确的是（　　）

A．冰水混合状态，冰和水的总内能不变

B．温度升高过程中，烧杯中水的机械能增加

C．温度升高过程中，烧杯中水的内能不变

D．沸腾过程中，烧杯中水的内能减少

【考点】熔化与熔化吸热特点；沸腾及沸腾条件；温度、热量与内能的关系．

【分析】

（1）晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变．

（2）沸腾过程，水的质量较小，内能减小．

【解答】解：

A、冰是晶体，由于晶处于冰水混合状态，吸热，内能增加，但温度始终保持0℃不变，故A错误；BC、温度升高过程中，吸收热量，水的内能增加，但机械能不变，故BC错误；D、沸腾过程中，吸收热量，温度不变，水的质量减小，故水的内能减小，故D正确．

故选D．

6．（2017，小明从冰箱冷冻室中取出几个冰块，放入盛有常温矿泉水的杯中，过一会儿，他用吸管搅动冰块，发现这几个冰块“粘到一起了”，如图所示，其主要成因是（　　）

A．水的比热容较大B．水的凝固

C．水分子在做无规则运动D．水的汽化

【考点】凝固与凝固放热特点．

【分析】水的，但水要凝固除了温度要达到凝固点外还需要继续放热，如果没有继续放热，水只能保持在0℃而不能凝固．冰箱冷冻室取出的冰块与常温矿泉水之间有很大的温差，冰吸热升温，水放热降温，冰块附近的水凝固成冰，冰块就会“粘”到一起．

【解答】解：

从冰箱冷冻室取低于0℃，放到水中后，水放热降温，冰吸热升温；当冰块附近的水的温度降到0℃时，冰的温度还低于0℃；冰块继续吸热，冰块附近0℃的水继续放热，凝固成冰．所以冰块会“粘”到一起．故B正确．

故选B．

7．（2017威海3）生活中热现象随处可见，下列说法中不正确的是（　　）

A．在远处前闻到花的香味，是分子无规则运动的结果

B．冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用做功的方式改变内能

C．夏天在河岸边觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，是因为水的比热容大

D．使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理

【考点】扩散现象；沸点及沸点与气压的关系；做功改变物体内能；水的比热容的特点及应用．

【分析】A、组成物质的分子地做无规则运动；B、做功和热传递都可以改变物体的内能；即物体的内能取决于做功和热传递两个方面；C、吸收相同的热量，比热容越大的物体升高的温度越低；D、气压越高沸点越高．

【解答】解：

A、我们能是因为酒分子在做无规则运动，故A正确；B、搓水时，我们通过做功改变了内能，故B正确；C、沙子发烫而水不热是因为水的比热容大，故吸引相同的热量沙子升高的温度要大；故C正确；D、使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而增大的原理，故D错误．

故选：

D

8．（2017北京18）有关热现象，下列说法中正确的是（　　）

A．组成物质的分子之间存在引力和斥力

B．在热传递过程中，吸收热量的物体温度升高

C．在四冲程内燃机中，做功冲程的功能是将内能转化为机械能

D．温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在

【考点】GH：

分子间的作用力；1K：

蒸发及其现象；G8：

热传递；GM：

内燃机的四个冲程．

【分析】

（1）物质的分子之间和斥力；

（2）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；（3）做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；（4）蒸发是在任何温度下发生的．

【解答】解：

A、物质的分的引力和斥力，故A正确；B、在热传递过程中，吸收热量的物体温度可能不变，如晶体在熔化过程中吸收热量，但温度不变，故B错误；C、在四冲程内燃机中，做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确；D、蒸发是在任何温度下发生的，故温度低于0℃的室外，仍有水蒸气存在，故D正确．

故选ACD．

9．（2017邵阳3）如图所示是某种物质在熔化过程中温度随时间变化规律的图象，根据图象可知，该物质（　　）

A．是晶体，熔点是0℃

B．液态的比热容比固态的比热容小

C．在4min时，没有出现液态

D．在2min至6min过程中内能不变

【考点】熔化和凝固的温度—时间图象；比热容的概念．

【分析】要解决此题，需要掌体在熔化过程中的区别：

晶体在熔化过程中，吸热温度不变，内能增加，熔化过程处于固液共存状态；非晶体在熔化过程中温度不断上升．会分析晶体的熔化图象．知道晶体熔化时的温度为熔点．

【解答】解：

A、由在熔化过程中，温度保持0℃不变，所以该物质为晶体．并且熔点为0℃，故A正确．B、此晶体熔化前是冰，熔化后是水，水的比热容大于冰，故液态的比热容比固态的比热容大，故B错误．C、t=2min至t=6min晶体在熔化过程中，熔化过程中处于固液混合状态，故C错误．D、t=2min至t=6min晶体在熔化过程中，熔化过程吸热，温度不变，但内能增加，故D错误．

故选A．

【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象．要学会从图象中找出与晶体有关的信息．关键是掌握晶体的熔化特点：

吸热但温度保持不变．

10．（2017威海9）装着开水的暖水瓶塞有时会弹起来．同时看到一股“白气”冒出来，以下解释正确的是（　　）

A．木塞弹起来，是因为暖水瓶里的空气受热膨胀对木塞做功

B．在木塞弹起过程中瓶内气体的内能增加，木塞的机械能增加

C．看到的“白气”是从瓶子里出来的水蒸气

D．看到的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小冰晶

【考点】做功改变物体内能；液化及液化现象；能量的转化和转移．

【分析】

（1）做功和热传递体的内能．物体对外做功，物体内能减少，对物体做功，物体内能增加；物体吸收热量，物体内能增加，物体放出热量，物体内能减小；

（2）“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水球．

【解答】解：

A、木塞弹起来，是的空气受热膨胀对木塞做功，将内能转化为机械能，故A正确；B、木塞蹦出的过程中，将内能转化为机械能，瓶内气体的内能减少，木塞的机械能增大，故B错误；CD、看到的“白气”是从瓶子里出来的水蒸气遇冷液化成的小水珠，而不是从瓶子里出来的水蒸气，故CD错误．

故选A．

11．（201797年，英国科学家汤姆生发现了原子内有带负电的电子，而原子是电中性的，由此推测，原子内还有带正电的物质．在此基础上，经过卢瑟福、玻尔等科学家的不断完善和修正，建立了现代原子结构模型．如图是小柯整理的物质微观构成网络图，则汤姆生当年推测的“带正电的物质”相当于图中的（　　）

A．甲B．乙C．丙D．丁

【分析】汤姆生发现了电子，是可以再分的；在此基础上，卢瑟福建立了原子的核式结构模型；后来又发现原子核可以再分为质子和中子，而质子和中子由夸克组成．

【解答】解：

原子是由带正电的原子核和核外带负电的电子组成的，故乙为带正电的原子核．

故选B．

【点评】本题考查了原子的结构模型，属基础内容．

二、填空题

1．（2017绥化21）用，燃烧1kg的煤气，使100kg的水从20℃升高到70℃，则水吸收的热量是　2.1×107　J，煤气完全燃烧放出的热量是　4.2×107　J（q煤气=4.2×107J/kg）21

【考点】热量的计算．

【分析】

（1）知道水的质量、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；

（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放=mq计算煤气完全燃烧放出的热量．

【解答】解：

（1）水吸收的热量：

Q吸=cm△t

=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（70℃﹣20℃）

=2.1×107J；

（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：

Q放=mq=1kg×4.2×107J/kg=4.2×107J．

答案：

2.1×107；4.2×107．

2．（2017大庆11）水沸腾过不变　（选填“升高”、“降低”或“不变”），该过程中水　吸热　（选填“吸热”、“放热”或“不吸热也不放热”），若将质量和初温均相同的铝、铜、铁三个金属球（C铝＞ρ铁＞C铜）浸没在同一沸水中煮较长的一段时间，从沸水中吸热最多的是　铝　球．21

【考点】比热容的概念；沸腾及沸腾条件．

【分析】

（1）水沸腾的条沸点并且继续吸热，吸收的热量全部都用来由液体变成气体的变化，所以温度是不变的；

（2）解决此题可利用控制变量法进行分析，结合热量公式Q=cm△t求解水温度的变化，吸收的热量．

【解答】解：

（1）水沸腾时：

虽然继续吸热，但温度保持不变；

（2）由于热传递的结果是温度相等，所以煮较长的一段时间后三个金属球的温度都与沸水温度相同；根据热量公式Q=cm△t分析可知，三种质量和初温相同的物质升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，比热容小的吸收的热量少，所以铝球吸收的热量最多，铜球吸收的热量最少．

答案：

不变；吸热；铝．

3．（2017宜宾11）热岛由于城市有大量建筑群，这些建筑群使用的建筑材料比郊区水田里水的　比热容　小，使得城市中心的温度高于郊区的现象．现代的核电站都是利用铀原子核　裂变　（选填“裂变”或“聚变”）的链式反应来发电的．

【考点】比热容解释简单的自然现象；核裂变．

【分析】

（1）城市建筑矿石、水泥相对比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多；

（2）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的．

【解答】解：

（1）这些建筑材料比郊区水田里水的比热容小，在相同的日照下（吸收相同的热量），建筑群的温度上升较快，使得城市中心的温度高于郊区；

（2）核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的．

答案：

比热容；裂变．

4．（2017绵阳14）菜饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收．则菜油吸收了　10000　J热量，燃烧了　2.5×10﹣4　m3的天然气．（取c菜油=2.0×103J/（kg•℃），天然气的热值为4×107J/m3）

【考点】热量的计算；燃料的热值．

【分析】知道菜油容和菜油的初温和末温，利用吸热公式求菜油吸收的热量；知道效率，利用效率公式可以求出天然气放出的热量，根据公式Q=Vq求出体积．

【解答】解：

菜油吸收的热量：

Q吸=c菜油m（t﹣t0）=2×103J/（kg•℃）×0.02kg×=6000J；

天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则天然气放出的热量为：

Q放=

=

=10000J；

由Q=Vq得天然气的体积为：

V=

=

=2.5×10﹣4m3．

答案：

6×103；2.5×10﹣4．

5．（2017征二号PT2运载火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢的　热值　高；火箭外表涂有一层特殊物质，可利用该物质在发生物态变化时要　吸　热，从而避免高速运行的火箭温度过高．

【考点】燃料的热值；熔化与熔化吸热特点．

【分析】

（1）热值是燃料的一种大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；

（2）物质从液态变成气态的过程称为汽化，物质从汽态变成液态的过程称为液化；熔化、汽化时要从周围吸收大量的热，有降温作用．

【解答】解：

（1）运载火箭采用液的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；

（2）为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，这样箭体的温度就不会太高．

答案：

热值；吸．

6．（2017郴州22）质量为1温度升高80℃，需吸收的热量是　5.04×105　J；若用功率为1400W的电热水壶来提供这些热量，需要的时间为　360　s．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．

【分析】

（1）知水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式求水吸收的热量；

（2）若用功率为1400W的电热水壶来提供这些热量，利用W=Pt求需要的时间．

【解答】解：

（1）水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0）

=4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×80℃

=5.04×105J，

（2）若不计热损失，则W=Q吸=5.04×105J，

由P=

可得：

t=

=

=360s．

答案：

5.04×105；360．

7．（2017河南4的特色名吃．图中，厨师将面坯拉成长长的面条，表明力可以使物体发生　形变　；在锅里煮面时，通过　热传递　的方式改变了面条的内能；面出锅时香飘四溢，这是由于分子的　无规则运动　产生的．

【考点】热传递改变物体内能；力的作用效果；扩散现象．

【分析】

（1）力的作用效果：

①改变物体的运动状态；②使物体发生形变；

（2）改变物体内能的方式：

做功和热传递；（3）扩散现象表面物体不停的做无规则运动．

【解答】解：

厨师将面坯拉成长长形状发生了变化，表明力可以使物体发生形变；在锅里煮面时，面条吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变了面条的内能；面出锅时香飘四溢，属于扩散现象，是由于分子的无规则运动产生的．

答案：

形变；热传递；无规则运动．

8．（2017安顺6）气锅道菜，其做法是：

将盛有小鸡块和佐料的气锅（如图）放在盛有清水的汤锅之上，再放到火上蒸．为了保持鸡肉原汁原味，主要是蒸气通过气锅中间的气嘴将鸡蒸熟．汤汁是蒸气　液化　（填物态变化名称）形成的．蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是一种　扩散　现象．

【考点】液化及液化现象；扩散现象．

【分析】物质由气态变为在熔化、汽化和升华过程中需要吸热，在液化、凝固和凝华过程中需要放热．扩散现象是分子不停地做无规则运动的结果．

【解答】解：

蒸气通过嘴将鸡蒸熟，汤汁是蒸气放热后液化而形成的；蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是物质分子无规则运动的结果，是扩散现象．

答案：

液化；扩散．

9．（2017安顺11）在老人和小孩的感觉虽然不同，但从科学的角度看，两幅图都说明了　做功　可以改变物体能的内能，图中的小孩从滑梯上滑下，他的机械能　减小　（选填“增加”、“不变”或”减少”）．

【考点】做功改变物体内能；动能和势能的大小变化．

【分析】改变物体内能的做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，当对物体做功时，机械能转化为内能；当物体对外做功时，内能转化为机械能；

【解答】解：

搓手时，两手，机械能转化为手的内能，使手的内能增加、温度升高，是通过做功的方式改变物体的内能；从滑梯上下滑时，臀部与滑梯摩擦做功，机械能转化为臀部的内能，使臀部的内能增加、温度升高，是通过做功的方式改变物体的内能，故两幅图都是通过做功改变物体内能的；该过程中，一部分机械能转化成了内能，所以机械能减小．

答案：

做功；减少．

10．（2017襄阳7）海火技艺被列入国家级非物质文化遗产名录．钻木取火是通过　做功　（填“做功”或“热传递”）的方式把机械能转化为内能的．阳春三月，襄阳万亩桃花香气袭人、飘香万里，这属于　扩散　现象．

【考点】做功改变物体内能；扩散现象．

【分析】（1能的方式：

做功和热传递；

（2）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动．

【解答】解：

海南黎族人过做功方式将机械能转化为内能；阳春三月，襄阳万亩桃花香气袭人，是分子在永不停息地做无规则运动，属扩散现象．

答案：

做功；扩散．

三、作图题

四、实验题

1．（2017广东23）阅读短文，回答问题。

防冻冷却液

汽车机的温度会升得很高，利用防冻冷却液在散热器管道内循环流动，将发动机多余内能带走，使发动机能以正常工作温度运转。

防冻冷却液主要由水和不易汽化、密度比水小的某种防冻剂（简称原液）混合而成，原液含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液的比热容越小。

防冻冷却液的凝固点和沸点与原液含量的关系分别如图题23-1和如图题23-2所示。

选用时，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，而沸点一般高于发动机最高工作温度5℃以上。

请回答下列问题：

（1）若用水代替防冻冷寒冷的冬天，停车时间较长，会因水结冰容易导致散热器管道胀裂，为什么？

因为当水结冰时，，所以把散热器管道胀裂。

（2）设某品牌汽车的度为90℃~101℃，所在地区最低温度为-17℃，应选用何种较合适比例的防冻冷却液（选填“35%”、“45%”、“55%”或“65%”），简述选用理由：

。

（3）现有原液含量为7却液长时间使用后，由于汽化会减少，与原来相比，防冻冷却液的哪些物理量发生了变化，如何变化？

（示例：

体积变小）

①②③④⑤

【解析】

（1）由于冰的密度，同样质量的水结成冰后，体积会变大，便会把散热器管道胀裂；

（2）因为选用时，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，而沸点一般高于发动机最高工作温度5℃以上，所以此时应选用沸点高于106℃、凝固点低于-27℃的防冻冷却液，对照图题23-1和图题23-2可以看出比例为55%的防冻冷却液是比较合适的；（3）因为原液不易汽化，所以防冻冷却液长时间使用后，由于汽化会减少的主要是水分，这样必然会导致防冻冷却液的质量变小、密度变小、原液含量变高、比热容变小、沸点变高、凝固点变高。

【答案】

（1）体积变大

（2）时应选用沸点高于106℃、凝固点低于-27℃的防冻冷却液，对照图题23-1和图题23-2可以看出比例为55%的防冻冷却液是比较合适的（3）①质量变小②原液含量变高③比热容变小④沸点变高⑤凝固点变高

2．（2017河北13）阅读短文并回答问题

白炽灯泡

白炽灯泡的灯丝是的，其灯丝发光时温度可达2000°C左右．为防止灯丝在高温下氧化，在制作灯泡时要抽真空，在制作大功率灯泡时，还要把灯泡内充入稀有气体氦等，主要是为了防止灯丝在高温下升华．

白炽灯泡工作时，电能转化为光能的效率较低，因此逐渐被节能灯和LED灯所替代．

（1）由于钨的　熔点　较高，所以用钨制作灯丝；

（2）灯泡内充入稀有气体氦等，主要是为了　灯丝在高温下升华　；

（3）白炽灯泡逐渐退出市场，是由于　电能转化为光能的效率较低　．

【考点】熔点和凝固点；升华和凝华的定义和特点；能量利用效率．

【分析】

（1）钨的熔点高；

（2）为防止灯丝在高温下氧化把灯泡内充入稀有气体氦等惰性气体；（3）白炽灯泡工作时，电能转化为光能的效率较低，因此逐渐被节能灯和LED灯所替代．

【解答】解：

知灯丝发光时温度可达2000°C左右，由于钨的熔点较高，所以用钨制作灯丝；

（2）由题意知：

把灯泡内充入稀有气体氦等，主要是为了防止灯丝在高温下升华．（3）白炽灯泡工作时，电能转化为光能的效率较低，因此逐渐被节能灯和LED灯所替代．

答案：

（1）熔点；

（2）灯丝在高温下升华；（3）电能转化为光能的效率较低．

五、计算题

1．（2017济宁21）在一标准大气压下，将50L的水从40℃加热到沸点．求：

（1）水需要吸收的热量

（2）提供这些热量，需要完全燃烧焦碳的质量（q焦碳=3.0×107J/kg）．

【考点】热量的计算．

【分析】（1气压下水的沸点为100℃，知道水的比热容、质量和初温，利用吸热公式Q吸=cm（t﹣t0）求出水需要吸收的热量；

（2）由题意可知焦碳完全燃烧放出的热量Q放=Q吸，然后根据Q放=mq求出需要完全燃烧焦碳的质量．

【解答】解：

（1）水的体积V=50L=50dm3=0.05m3，

由ρ=

得，水的质量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×0.05m3=50kg，