浙科版孟德尔定律 单元测试浙江专用.docx

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浙科版孟德尔定律单元测试浙江专用

学考章末检测卷（五）　

第五章　孟德尔定律

一、选择题（本大题共25小题，每小题2分，共50分。

每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）

1．下列各项中，属于相对性状的是（　　）

A．月季的红花与绿叶

B．蚕豆的高茎与圆叶

C．人的双眼皮与单眼皮

D．兔的长毛与狗的黑毛

C　[相对性状是指生物的同一种性状的不同表现形式，C项正确。

]

2．下列关于纯合子与杂合子的叙述，正确的是（　　）

A．纯合子自交，后代不发生性状分离

B．杂合子杂交，后代不发生性状分离

C．纯合子自交，后代发生性状分离

D．杂合子自交，后代不发生性状分离

A　[纯合子（如AA、aa）自交，后代仍为纯合子，不发生性状分离，A项正确，C项错误；杂合子杂交，如AaBB与Aabb杂交，后代发生性状分离，B项错误；杂合子自交，如Aa自交，后代发生性状分离，D项错误。

]

3．下列基因型的生物中，属于纯合子的是（　　）

A．EE　　B．eeFf　　　

C．EeFf　　D．Eeff

A　[由两个基因型相同的配子结合而成的个体称为纯合子，A选项符合。

]

4．a1、a2、a3和a4为一个基因的4个不同等位基因，杂交组合a1a2×a3a4的F1中，两个个体基因型都为a1a3的概率是（　　）

A．1/16　　B．1/8　　　

C．1/4　　D．1/2

A　[a1a2×a3a4的F1中出现a1a3的概率为1/4，两个个体基因型都为a1a3的概率为1/16。

]

5．孟德尔的一对相对性状的杂交实验中，下列不是实现3∶1分离比必须满足的条件的是（　　）

A．F1形成的两种配子生活力相同

B．雌雄配子结合的机会相同

C．F2不同基因型的个体存活率相同

D．F1体细胞中各基因表达的机会相同

D　[只有F1形成的不同类型的配子数目相等且生活力相同，雌、雄配子结合的机会相等，同时F2不同基因型的个体存活率相等，F2才可能出现3∶1的性状分离比；若F1体细胞中各基因表达的机会相同，则F2中杂合子与显性纯合子的表现型不同，F2不会出现3∶1的性状分离比，D项错误。

]

6．下列关于遗传实验和遗传规律的叙述正确的是（　　）

A．非同源染色体上的基因之间自由组合，不存在相互作用

B．F2的3∶1性状分离比依赖于雌雄配子数量相等且随机结合

C．孟德尔的测交实验结果体现了F1产生的配子种类及比例

D．F1杂合子的等位基因在个体中表达的机会相等

C　[非同源染色体上的基因之间可以自由组合，也可能相互作用共同控制某一性状，A错误；F2的3∶1性状分离比依赖于雌雄配子随机结合，且雌雄两种不同类型配子的比例均为1∶1，B错误；孟德尔的测交实验结果体现了F1产生的不同类型配子种类及比例，C正确；孟德尔杂交实验中F1杂合子的等位基因在个体中只有显性基因表达，D错误。

]

7．下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是（　　）

A．孟德尔在豌豆开花时进行去雄和授粉，实现亲本的杂交

B．孟德尔研究的豌豆花，有雄花和雌花之分，对雌花要进行去雄处理

C．孟德尔对去雄处理的母本进行套袋，以防外来花粉的干扰

D．孟德尔的豌豆杂交实验中，F1出现了性状分离现象

C　[豌豆为自花闭花授粉植物，因此需要在豌豆开花前进行去雄和授粉，实现亲本的杂交，A项错误；豌豆雌雄同花，因此杂交时需要对作为母本的亲本进行去雄处理，然后授以父本的花粉并套袋，以防外来花粉的干扰，B项错误，C项正确；孟德尔的豌豆杂交实验中，F1均表现为显性性状，F2出现了性状分离现象，D项错误。

]

8．下列关于显性性状的叙述，错误的是（　　）

A．杂合子F1表现出的性状是显性性状

B．具有显性性状的个体可能是纯合子

C．具有显性性状的个体自交后代一定会产生性状分离

D．显性性状是受显性基因控制的

C　[具有显性性状的纯合子自交后代不出现性状分离。

]

9．孟德尔做了如图所示的豌豆杂交实验，以下描述错误的是（　　）

A．①和②的操作同时进行

B．①的操作是人工去雄

C．②的操作是人工授粉

D．完成②的操作后要对雌蕊套袋

A　[在进行杂交实验时，先除去未成熟花的全部雄蕊（去雄），然后套上纸袋；待雌蕊成熟时，采集另一植株的花粉，涂抹在去雄的雌蕊的柱头上，再套上纸袋，故A错误。

]

10．控制小鼠毛色的基因位于常染色体上。

灰色由显性基因（CG）控制，控制黄色、黑色的基因分别是CY、c，CG对CY、c为显性，CY对c为显性。

但其杂合子的性状表现因受性别等影响可能不能形成对应的表现型。

下表是一组小鼠杂交试验的结果。

下列相关叙述错误的是（　　）

亲本

F1雌鼠（只）

F1雄鼠（只）

杂交1

纯合灰鼠×纯合黄鼠

灰色36

灰色∶黄色＝17∶18

杂交2

纯合灰鼠×纯合黑鼠

灰色x

灰色∶黑色＝y∶z

杂交3

纯合黄鼠×纯合黑鼠

黄色22

黄色∶黑色＝11∶9

杂交4

杂交1子代灰鼠×纯合黑鼠

A.杂交1的F1雄鼠中灰色和黄色的基因型相同

B．杂交2的F1中CG和c的基因频率都是1/2

C．杂交3的F1雄鼠中黑色的基因型为cc

D．杂交4的结果中雄鼠的毛色为黄色、灰色和黑色

C　[杂交1的F1中，雄鼠中灰色和黄色的基因型均为CGCY，A项正确；杂交2的F1中的所有个体基因型均为CGc，CG、c的基因频率都是1/2，B项正确；杂交3的F1雄鼠中黑色的基因型为CYc，C项错误；杂交4产生的后代基因型为CGc或CYc，据题意可知其雄性表现型可能为黄色、灰色和黑色，D项正确。

]

11．小麦有芒对无芒为显性，现有纯合有芒小麦与无芒小麦杂交得到F1，F1再自交得到F2，F2中有芒小麦随机交配，产生的F3中纯合子占总数的比例为（　　）

A．1/2　　B．2/3　　　

C．4/9　　D．5/9

D　[设小麦有芒、无芒分别由等位基因A、a控制，则F1为Aa，F1自交得F2为1/4AA、1/4aa、2/4Aa；F2中有芒小麦（1/3AA、2/3Aa）随机交配，由于A基因频率＝2/3，a基因频率＝1/3，产生的F3中纯合子AA＝4/9，aa＝1/9，共占总数的比例为5/9。

]

12．在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及自交和测交。

下列相关叙述中正确的是（　　）

A．自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能

B．测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能

C．自交可以用于显性优良性状的品种培育过程

D．自交和测交都不能用来验证分离定律和自由组合定律

C　[自交和测交均可以用来判断某一显性个体的基因型，A错误；自交可以用来判断一对相对性状的显隐性，但测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，B错误；自交子代可能发生性状分离，所以自交可用于淘汰隐性个体，提高显性基因的频率，即可用于显性优良性状的品种培育过程，C正确；自交和测交均能用来验证分离定律和自由组合定律，D错误。

]

13．黄瓜是雌雄同株单性花植物，果皮的绿色和黄色是受一对等位基因控制的具有完全显隐性关系的相对性状。

从种群中选定两个个体进行杂交，根据子代的表现型一定能判断显隐性关系的是（　　）

A．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株自交

B．绿色果皮植株和黄色果皮植株正、反交

C．绿色果皮植株自交和黄色果皮植株与绿色果皮植株杂交

D．黄色果皮植株自交或绿色果皮植株自交

C　[若两亲本是纯合子，则自交后代不发生性状分离，不能判断显隐性，A、D错误；B项中，黄瓜无性染色体，正交反交结果相同，B错误；绿色果皮植株自交，若后代发生性状分离，则绿色果皮为显性，若不发生性状分离，则说明绿色果皮是纯合子，再和黄色果皮植株杂交，后代若出现黄色果皮植株则黄色果皮为显性，若后代为绿色果皮，则绿色果皮为显性，C正确。

]

14．玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其他植株的花粉。

在一块农田间行种植等数量基因型为Aa和aa的玉米（A和a分别控制显性性状和隐性性状，且A对a为完全显性），假定每株玉米结的籽粒数目相同，将收获的玉米种下去，具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近（　　）

A．1∶4　　　　　　　　　B．5∶11

C．1∶2D．7∶9

D　[间行种植的玉米，既可杂交也可自交，由于种植的Aa和aa的玉米比例是1∶1，可以得出该玉米种群可产生含基因A或a的两种配子，其比例是：

A＝1/2×1/2＝1/4、a＝1/2×1/2＋1/2×1＝3/4，再经过雌雄配子的随机结合，得到的子代比例为：

aa＝3/4×3/4＝9/16，而A_＝1－9/16＝7/16，故具有A表现型和a表现型的玉米比例应接近7∶9。

]

15．南瓜果实的黄色和白色是由一对等位基因（A和a）控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，子代（F1）既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2的表现型如图所示。

下列说法不正确的是（　　）

A．由①③可知黄果是隐性性状

B．由③可以判定白果是显性性状

C．F2中，黄果与白果的理论比例是5∶3

D．P中白果的基因型是aa

D　[由F1中白果

子代发生性状分离可判断黄果为隐性性状，白果为显性性状，则P中白果的基因型为Aa，黄果的基因型为aa。

F2中各性状情况为（1/2×1＋1/2×1/4）黄果、1/2×3/4白果，故黄果与白果的理论比例应为5∶3。

]

16．已知马的栗色和白色受一对等位基因控制。

现有一匹白色公马（♂）与一匹栗色母马（♀）交配，先后产生两匹白色母马（如图所示）。

根据以上信息分析，可得出的结论是（　　）

A．毛色的白色为显性性状

B．Ⅰ1和Ⅱ2的基因型不一定相同

C．Ⅰ1和Ⅱ2的基因型一定不相同

D．Ⅱ1和Ⅱ2的基因型不一定相同

B　[白色公马与栗色母马交配，先后产生两匹白色母马，由于后代数量少，因此不能确定白色为显性。

可能是白色公马为AA，栗色母马为aa，子代白色马为Aa；也可能是白色公马为Aa，栗色母马为aa，子代白色马为Aa；还可能是白色公马为aa，栗色母马为Aa，子代白色马为aa。

]

17．测交法可用来检验F1是不是纯合子，其关键原因是（　　）

A．测交子代出现不同的表现型

B．测交不受其他花粉等因素的影响

C．与F1进行测交的个体是隐性纯合子

D．测交后代的表现型及比例直接反映F1的配子类型及比例

D　[用测交实验来检测F1是不是纯合子，是将F1和隐性纯合子杂交，由于隐性纯合子只能产生一种类型的配子，所以，子代表现型及比例能直接反映F1产生的配子类型及比例，D正确。

]

18．食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因控制（TS表示短食指基因，TL表示长食指基因）。

此等位基因表达受性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。

若一对夫妇均为短食指，所生孩子中既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为（　　）

A．1/4B．1/3

C．1/2D．3/4

A　[根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为TLTS或者TSTS，女性的基因型一定为TSTS，又根据其孩子中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TLTS（如果是TSTS，则后代的基因型为TSTS，不论男孩还是女孩，都是短食指，与题干不符）。

因此，后代的基因型为TLTS或TSTS，各占1/2，TSTS不论男孩还是女孩都是短食指，TLTS只有是女孩时才是长食指，因此，该夫妇再生一个孩子为长食指的概率为1/2×1/2＝1/4。

]

19．假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是（　　）

A．1/32B．1/16

C．1/8D．1/4

B　[分析亲本基因型组合，即发现DD×dd→Dd，已确定子代中该对基因必定杂合，其余杂交组合中，子代纯合子均占1/2。

因此所求概率为：

1/2×1/2×1/2×1/2＝1/16。

]

20．孟德尔研究了豌豆的7对相对性状，具有YyRr（Y＝黄色，R＝圆粒）基因型的豌豆自交，其后代只有1种显性性状的概率是（　　）

A．3/16　　　　　　　B．6/16

C．7/16D．9/16

B　[YyRr自交，后代产生9种基因型，四种表现型，共16份，其中表现为一种显性性状Y_rr和yyR_共6份，则概率为6/16。

]

21．黄粒（T）高秆（S）玉米与某玉米杂交，后代中黄粒高秆占3/8、黄粒矮秆占3/8、白粒高秆占1/8、白粒矮秆占1/8，则亲本的基因型是（　　）

A．ttSs×TTSsB．TtSs×Ttss

C．TtSs×TtSsD．TtSs×ttss

B　[黄粒高秆玉米（T_S_）与某玉米杂交，后代中黄粒∶白粒＝3∶1，说明两亲本的基因型均为Tt；再根据后代中高秆∶矮秆＝1∶1，可知两亲本的基因型分别为Ss、ss。

则两个亲本的基因型分别为TtSs、Ttss。

]

22．现有纯种果蝇品系①～④，其中品系①的性状为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。

这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：

品系

①

②

③

④

隐性性状

残翅

黑身

紫红眼

基因所在的染色体

Ⅱ、Ⅲ

Ⅱ

Ⅱ

Ⅲ

若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为（　　）

A．①×④B．①×②

C．②×③D．②×④

D　[验证自由组合定律时所选择的两个品系应具有两对相对性状，且控制两对相对性状的基因必需是位于两对同源染色体上。

据此判断应为②和④。

]

23．某植物的基因型为AaBb，两对等位基因独立遗传，在该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为（　　）

A．3/16B．1/4

C．3/8D．5/8

A　[基因型为AaBb的植物自交，有16种组合，子代有4种表现型，且每一种表现型中均有一个纯合子（AABB、aaBB、AAbb、aabb），故该植物的自交后代中，表现型不同于亲本且能稳定遗传的个体所占的比例为3/16。

]

24．根据下图分析，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是（　　）

A　[A和a，D和d两对等位基因位于一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律。

]

25．有关黄色圆粒豌豆（YyRr）自交的表述，正确的是（　　）

A．黄色圆粒豌豆（YyRr）自交后代有9种表现型

B．F1产生的精子中，YR和yr的比例为1∶1

C．F1产生YR的卵和YR的精子的数量比为1∶1

D．基因的自由组合定律是指F1产生的4种精子和4种卵自由结合

B　[黄色圆粒豌豆（YyRr）自交后代有4种表现型；F1产生4种精子，YR∶Yr∶yR∶yr的比例为1∶1∶1∶1；F1产生的YR的精子比YR卵的数量多；基因的自由组合定律是指F1产生配子时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，不是雌雄配子的随机结合。

]

二、非选择题（共3个小题，共20分）

26．（6分）某种山羊的有角和无角是一对相对性状，由一对等位基因（A、a）控制，其中雄羊的显性纯合子和杂合子表现型一致，雌羊的隐性纯合子和杂合子表现型一致。

多对纯合的有角雄羊和无角雌羊杂交得F1，F1中的雌雄羊自由交配得F2（见下表）。

请回答下列问题：

性别

亲本（P）

F1（子一代）

F2（子二代）

♂

有角

有角

有角∶无角＝3∶1

♀

无角

无角

有角∶无角＝1∶3

（1）控制该相对性状的基因位于________（填“常”或“X”）染色体上。

（2）基因型为________的山羊中，公羊和母羊的表现型不同，基因型为________的山羊中，公羊和母羊的表现型相同。

（3）若上述推测成立，F2有角公羊的基因型及比例是________________。

（4）为了验证上述推测结论：

让无角公羊和F1中的多只无角母羊交配，若子代____________________________，则上述推测成立。

请画出该杂交实验的遗传分析图解。

【解析】　

（1）雄羊的显性纯合子和杂合子表现型一致，且纯合的有角雄羊和无角雌羊杂交，F1中雄羊全为有角，所以相对性状中有角为显性性状，说明控制该相对性状的基因位于常染色体上。

（2）在公羊中，基因型为AA或Aa的个体表现为有角，基因型为aa的个体表现为无角；在母羊中，基因型为AA的个体表现为有角，基因型为Aa或aa的个体表现为无角。

因此，基因型为Aa时，公羊和母羊的表现型不同，基因型为AA和aa时，公羊和母羊的表现型相同。

（3）F1（Aa）雌雄个体相互交配产生子代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，对于公羊而言，AA或Aa的个体表现为有角，因此F2有角公羊的基因型及比例是AA∶Aa＝1∶2。

（4）若解释成立，则无角公羊的基因型为aa，F1中的多只无角母羊的基因型为Aa，它们交配产生的子代中：

公羊中有角与无角的比例为1∶1，母羊全为无角。

该杂交实验的遗传分析图解见答案。

【答案】　

（1）常

（2）Aa　AA、aa

（3）AA∶Aa＝1∶2

（4）公羊中，有角与无角比例为1∶1；母羊全为无角

遗传图解：

27．（7分）燕麦的纯合黑颖植株和纯合黄颖植株杂交，F1全是黑颖，F2的表现型及数量如图所示。

请回答：

（1）黑颖、黄颖、白颖由________对等位基因决定，这些基因通过控制________的合成来影响色素代谢，其遗传符合孟德尔的________定律。

（2）F1黑颖产生的雌、雄配子均有________种类型。

若用白颖与F1黑颖杂交，杂交后代的表现型及比例为________。

（3）在F2中，黑颖有________种基因型，黑颖中纯合子所占比例为________。

【解析】　

（1）F1自交产生的F2中，黑颖∶黄颖∶白颖＝12∶3∶1，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明控制燕麦颖色的两对基因（设为A和a，B和b）位于非同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。

（2）F1的基因型为AaBb，F1自交，F2的情况可为黑颖（9A　_B_、3A_bb）∶黄颖（aaB_）∶白颖（aabb）＝12∶3∶1，所以F1黑颖产生的雌、雄配子均有4种类型。

若用白颖与F1黑颖杂交，杂交后代的表现型及比例为2黑颖∶1黄颖∶1白颖。

（3）在F2中，黑颖有4＋2＝6（种）基因型，黑颖中纯合子所占比例为1/6。

（3）在F3中，黑颖有4＋2＝6（种）基因型，黑颖中纯合子所占比例为2/12＝1/6。

【答案】　

（1）2　酶　自由组合

（2）4　2黑颖∶1黄颖∶1白颖

（3）6　1/6

28．（7分）某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一对等位基因控制（前者用D、d表示，后者用F、f表示），且独立遗传。

利用该种植物三种不同基因型的个体（有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C）进行杂交，实验结果如下：

回答下列问题：

（1）果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为__________，果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为________。

（2）有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为_____________。

（3）若无毛黄肉B自交，理论上，下一代的表现型及比例为____________。

（4）若实验3中的子代自交，理论上，下一代的表现型及比例为_________________________________________________________。

（5）实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有__________。

【解析】　

（1）通过实验1和实验3可知，有毛与无毛杂交后代均为有毛，可知有毛为显性性状。

通过实验3可知，白肉与黄肉杂交，后代均为黄肉，可断定黄肉为显性性状。

（2）通过实验1有毛A与无毛B杂交后代全为有毛可知：

A为DD，B为dd。

同理通过实验3可知C为dd；通过实验3白肉A和黄肉C杂交后代全为黄肉可知，A为ff，C为FF；通过实验1白肉A和黄肉B杂交后代黄肉∶白肉＝1∶1，可知B为Ff，所以A的基因型为DDff，B的基因型为ddFf，C的基因型为ddFF。

（3）B的基因型为ddFf，自交后代根据分离定律可得无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1。

（4）实验3亲本的基因型为DDff与ddFF，子代基因型为DdFf，根据自由组合定律，子代自交后代表现型及比例为：

有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1。

（5）实验2亲本的基因型为ddFf与ddFF，它们杂交后代无毛黄肉的基因型为ddFF、ddFf。

【答案】　

（1）有毛　黄肉

（2）DDff、ddFf、ddFF

（3）无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1

（4）有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1

（5）ddFF、ddFf