精品新人教版高中物理阶段滚动检测三及答案.docx
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精品新人教版高中物理阶段滚动检测三及答案
阶段滚动检测（三）
第五～八章
（90分钟100分）
第Ⅰ卷（选择题 共50分）
一、选择题（本大题共10个小题,每小题5分,共50分。
每小题至少一个答案正确,选不全得3分）
1（2013·巴中模拟）下列物现象中
（1）春天里在一次闪电过后,有时雷声轰鸣不绝;
（2）“闻其声而不见其人”;
（3）生围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音;
（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而时,我们听到汽笛声的音调变高。
这些物现象分别属于波的 （ ）
A反射、衍射、干涉、多普勒效应
B折射、衍射、多普勒效应、干涉
反射、折射、干涉、多普勒效应
D衍射、折射、干涉、多普勒效应
2（2013·桂林模拟）如图所示,长度为的轻绳上端固定在O点,下端系一小球
（小球可以看成质点）。
在O点正下方,距O点
处的P点固定一颗小钉子。
现将小球拉到点A处,轻绳被拉直,然后由静止释放小球。
点B是小球运动的最低位置,点（图中未标出）是小球能够到达的左方最高位置。
已知点A与点B之间的高度差为,
。
A、B、P、O在同一竖直平面内。
当地的重力加速度为g,不计空气阻力。
下列说法正确的是 （ ）
A点与点B高度差小于
B点与点B高度差等于
小球摆动的周期等于
D小球摆动的周期等于
3如图所示,带有活塞的汽缸中封闭着一定质量的想气体,汽缸与活塞均具有良好的绝热性能。
将一个热敏电阻置于汽缸中（热敏电阻的阻值随温度的升高而减小）,热敏电阻与汽缸外的欧姆表连接,汽缸固定不动,缸内活塞可自由移动且不漏气,活塞下挂一沙桶,沙桶装满沙子时活塞恰好静止。
现将沙桶底部开一小孔使沙子缓慢漏出,下列说法正确的是 （ ）
A气体体积减小,压强增大
B气体对外界做正功,气体内能减小
外界对气体做正功,气体内能增大
D欧姆表指针逐渐向右偏转
4下列关于热的知识叙述正确的是 （ ）
A分子间的作用力表现为引力时,若分子间的距离增大,则分子力减小,分子势能增大
B对于一定种类的大量气体分子,在一定温度时,处于一定速率范围内的分子所占百分比是确定的
我们可以利用高技手段,将流散到周围环境中的内能重新收集起加以利用而不引起其他变
D气体的状态变时,若温度升高,则每个气体分子的平均动能增加
5（2013·武汉模拟）对于一定质量的想气体,下列说法正确的是 （ ）
A若气体的压强和体积都不变,其内能也一定不变
B若气体的温度不断升高,其压强也一定不断增大
若气体温度升高1K,其等容过程所吸收的热量一定大于等压过程所吸收的热量
D在完全失重状态下,气体的压强为零
6（2013·松江区模拟）利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常,如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S,这种油的摩尔质量为M,密度为ρ,则阿伏加德罗常NA可表示为 （ ）
ANA=
BNA=
NA=
DNA=
7（2013·成都模拟）如图所示,在同一种均匀介质中的一条直线上,两个振A、B相距8。
在0=0时刻,A、B开始振动,它们的振幅相等,且都只振动了一个周期,A、B的振动图像分别如图甲、乙所示。
若A振动形成的横波向右传播,B振动形成的横波向左传播,波速均为10/,则 （ ）
A1=02时刻,两列波相遇
B两列波在传播过程中,若遇到大于1的障碍物,不能发生明显的衍射现象
在两列波相遇过程中,AB连线中点处的质点的振动速度始终为零
D2=08时刻,B处质点经过平衡位置且振动方向向下
8（2013·哈尔滨模拟）汽车从静止匀加速启动,最后做匀速运动,其速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变的图像如图所示,其中正确的是 （ ）
9（滚动单独考查）如图所示,足够长的小平板车B的质量为M,以水平速度v0向右在光滑水平面上运动,与此同时,质量为的小物体A从车的右端以水平速度v0沿车的粗糙上表面向左运动。
若物体与车面之间的动摩擦因为μ,则在足够长的时间内,下列说法正确的是 （ ）
A无论M与的大小关系如何,在相等的时间段内,M动量的变量与动量的变量大小之比为1∶1
B若M<,小物体A对地向左的最大位移是
无论M与的大小关系如何,摩擦力对M做的功与摩擦力对做的功之比为
∶M
D无论M与的大小关系如何,摩擦力的作用时间均为
10（滚动交汇考查）如图所示,一轻杆两端分别固定、b两个半径相等的光滑金属球,球质量大于b球质量。
整个装置放在光滑的水平面上,将此装置从图示位置由静止释放,则 （ ）
A在b球落地前瞬间,球的速度方向向右
B在b球落地前瞬间,球的速度方向向左
在b球落地前的整个过程中,轻杆对b球的冲量为零
D在b球落地前的整个过程中,轻杆对b球做的功为零
第Ⅱ卷（非选择题 共50分）
二、实验题（本题共2小题,共12分）
11（6分）在“用油膜法估测分子的大小”的实验中,已知配制的油酸溶液中纯油酸与溶液体积之比为1∶500,1L油酸溶液50滴,那么一滴溶液的体积是 L,所以一滴溶液中油酸体积V= c3。
若实验中测得的结果如表所示,请根据所给据填写空白处的值,并与公认的油酸分子直径值d0=512×10-10作比较,判断此实验是否符合量级的要求。
。
次
S/c2
d=
/×10-7c
（平均值）
1
538
2
545
3
563
12（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中
（1）测量单摆的周期时,某同在摆球某次通过最低点时,按下停表开始计时,同时“1”,当摆球第二次通过最低点时“2”,依此法往下,当他到“59”时,按表停止计时,读出这段时间为,则该单摆的周期为 （ ）
A
B
D
（2）在该实验中,如果摆球质量分布不均匀,某同于是设计了下面一种计算方法第一次测量悬线长为1,测得周期为T1;第二次测量悬线长为2,测得周期为T2,由此可推算出重力加速度g= 。
三、计算题（本大题共4小题,共38分。
要有必要的文字说明和解题步骤,有值计算的要注明单位）
13（2013·桂林模拟）（8分）有一传热良好的圆柱形汽缸置于水平地面上,并用一
光滑的质量为M的活塞密封一定质量的想气体,活塞面积为S。
开始时汽缸开口向上（如图甲）,已知外界大气压强为p0,被封气体的体积为V0。
（1）求被封气体的压强;
（2）现将汽缸倒置（如图乙）,待系统重新稳定后,活塞移动的距离是多少?
14（2013·绵阳模拟）（8分）如图所示,粗糙水平地面上有一压缩并锁定的弹簧,弹簧左端固定于竖直墙壁上,右端与一质量为=01g的小物块A（可视为质点）接触但不连接,光滑的固定圆周轨道MP与地面相切于M点,P点为轨道的最高点。
现解除弹簧锁定,弹簧将小物块A推出,A沿粗糙水平地面运动,之后沿圆周轨道运动并恰能通过P点。
已知A与地面间的动摩擦因为μ=025,最初A与M点的距离=2,圆周轨道半径R=04,g取10/2,空气阻力不计。
求
（1）小物块到达P点时的速度大小;
（2）弹簧弹力对物块所做的功。
15（2013·泸州模拟）（10分）在赛车场上,为了安全起见,车道外围都固定上废旧轮胎作为围栏,当车碰撞围栏时起缓冲器作用,为了检验废旧轮胎的缓冲效果,在一次模拟实验中用弹簧代替废旧轮胎,实验情况如图所示。
水平放置的轻弹簧左侧固定于墙上,处于自然状态,开始赛车在A处处于静止状态,距弹簧自由端的距离为1=1。
当赛车启动时,产生水平向左的牵引力恒为F=24N使赛车向左匀加速前进,当赛车接触弹簧的瞬间立即关闭发动机撤去F,赛车继续压缩弹簧,最后被弹回到B处停下。
已知赛车的质量为=2g,A、B之间的距离为2=3,赛车被弹回的过程中离开弹簧时的速度大小为v=4/,水平向右。
（g取10/2）求
（1）赛车和地面间的动摩擦因;
（2）弹簧被压缩的最大距离;
（3）弹簧的最大弹性势能。
16（滚动交汇考查）（12分）如图所示,两个小球A和B质量分别是A=20g,B=
16g。
球A静止在光滑水平面上的M点,球B在水平面上从远处沿两球的中心连线向着球A运动。
假设两球相距L≤18时存在着恒定的斥力F,L>18时无相互作用力。
当两球相距最近时,它们间的距离为d=2,此时球B的速度是4/。
求
（1）球B的初速度;
（2）两球之间的斥力大小;
（3）两球从开始相互作用到相距最近时所经历的时间。
答案解析
1A 春天里在一次闪电过后,有时雷声轰鸣不绝,属于声波的反射;“闻其声而不见其人”属于声波的衍射;生围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音属于声波的干涉;当正在鸣笛的火车向着我们急驶而时,我们听到汽笛声的音调变高属于多普勒效应。
故正确选项是A。
2B、 由机械能守恒定律可知,点与点B高度差等于,选项A错误,B正确;由单摆周期公式可知,小球摆动的周期T=
（T1+T2）=π
+π
=
选项D错误,正确。
3A、、D 气体压强p=p0-
当沙子的质量M减小时,外界对气体做功,气体体积减小,内能增大,A、正确;由于内能增大使气体温度升高,热敏电阻的阻值减小,欧姆表指针向右偏转,D正确。
4B 当分子力表现为引力时,随着分子间距增大,分子力先增大后减小,但分子力始终做负功,分子动能减小,分子势能增大,选项A错误;根据气体分子的速率分布的统计规律可知,选项B正确;热力第二定律揭示了有大量分子参与的宏观过程的方向性,或者说自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性,能量耗散和热传递都具有方向性,如机械能可以完全转为内能,内能却不能全部转为机械能而不引起其他变,选项错误;气体的温度升高,则气体的平均分子动能增大,而不是每个气体分子的平均动能都增加,选项D错误。
5A 由想气体状态方程
=（常量）可知,若气体的压强p和体积V都不变,气体的温度T也不变,所以其内能也一定不变,选项A正确;若气体的温度T不断升高,气体的压强p和体积V的乘积一定增大,但其压强p不一定增大,选项B错误;该气体经过等容过程后温度升高1K与其经过等压过程后温度升高1K相比,气体内能的增加量ΔU相等,而前者外界做功W=0,而后者W<0时,根据热力第一定律ΔU=Q+W可知,前者气体吸收的热量Q=ΔU,而后者Q>ΔU,所以选项错误;从微观角度,气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞产生的,即使在完全失重状态下,只要容器密闭,气体分子仍然会不停地频繁碰撞器壁,所以气体仍有压强,选项D错误。
6A 油分子直径为d=
单个分子的体积为V0=
π（
）3=
πd3,摩尔体积V=
阿伏加德罗常NA=
联立各式,可得NA=
A正确。
7 两列波相向传播,它们的相遇时刻为1=
=04时刻,选项A错误;两列波的周期均为T=02,又已知波速均为v=10/,所以波长均为λ=vT=2,因为障碍物的尺寸1小于这两列波的波长,所以这两列波均能发生明显的衍射现象,选项B错误;AB连线中点到两个波的距离都等于2个波长,并且两列波同时传播到点,若从两列波传播到点开始计时,那么左右两列波在该质点处的振动图像分别如题图甲、乙所示。
显然,在两列波相遇过程中,中点始终处在平衡位置,选项正确;2=08时刻,从振A发出的机械波刚好传播到B点,所以此时B处质点的振动方向与振A的起振方向相同,B处质点从平衡位置向上振动,选项D错误。
8A、、D 汽车启动时,由P=Fv和F-Ff=可知,匀加速启动过程,牵引力F、加速度恒定不变,速度和功率均匀增大,当功率增大到额定功率后保持不变,牵引力逐渐减小到与阻力相等,加速度逐渐减小到零,速度逐渐增大到最大速度,故A、、D正确。
9A、D M、所受外力的合力均等于它们之间的摩擦力,若时间相等,则合外力的冲量相等,故M、的动量变Δp大小相等,A对。
若M<,则系统的总动量向左,最后系统将向左匀速运动,B错。
无论M、的大小如何,两者的初、末速度大小相等,由动能定可知,摩擦力做功之比应为
=
=
错。
由动量守恒得Mv0-v0=（M+）v,对M有μg=M,v=v0-,解以上三式得=
D对。
10D 对两球及杆组成的系统,在b球落地前瞬间,即b球的水平速度为零,根据系统水平方向动量守恒,系统初始动量为零,则此时球的速度必定为零,A、B均错;
对b球,水平方向上动量变为零,故杆对b球的水平冲量为零,在竖直方向上,落地时速度与只在重力作用下的速度一样,如图所示,v-图像中斜线为b球自由落体运动的图线,曲线为b球竖直方向的运动图线,在竖直方向上运动的位移与落地速度相同,对比可知b球落地所用时间相对自由落体运动的时间要长,由动量定可知杆对b球的竖直方向的冲量必定不为零,且冲量方向向上,综合杆对b球的水平和竖直冲量可知,杆对b球的冲量不为零,且方向竖直向上,错;设杆对球做功W1,对b球做功W2,系统机械能守恒,则除了重力之外的力的功必定为零,即W1+W2=0,对球由动能定可知W1=0,故W2=0,D对。
11【解析】一滴溶液的体积V溶液=
L,其中含油酸体积V=
V溶液=4×10-5c3,据此算出3次测得的d值分别为
d1≈743×10-8c,d2≈734×10-8c,
d3≈710×10-8c,其平均值
=
=729×10-8c=729×10-10,
这与公认值的量级相吻合,故本次估测值符合量级的要求。
答案：
4×10-5 0743 0734 0710
729×10-10 是
12【解析】
（1）该同记录了58个二分之一周期,这段时间含有29个周期,该单摆的周期为
选项A正确;
（2）设摆球质心距离系点为d,第一次测量时摆长为1+d,由单摆周期公式T1=
2π
。
第二次测量时摆长为2+d,由单摆周期公式T2=2π
。
联立解得
重力加速度g=
。
答案：
（1）A
（2）
13【解析】
（1）对活塞受力分析Mg+p0S=pS得
p=
（2分）
（2）汽缸倒置后,对活塞受力分析得Mg+p1S=p0S,所以p1=
（2分）
对封闭气体由pV0=p1V1得V1=
（2分）
所以Δ=
=
（2分）
答案：
（1）
（2）
14【解析】
（1）设小物块A到达圆周轨道最高点P时的速度为vP,由题意有g=
（2分）
解得vP=2/（2分）
（2）从解除锁定到物块滑至最高点P的过程中,由动能定有W弹-μg-2gR=
（2分）
解得W弹=15J（2分）
答案：
（1）2/
（2）15J
15【解析】
（1）从赛车离开弹簧到B点静止,由动能定得
-μg（1+2）=0-
v2 （2分）
解得μ=02 （1分）
（2）设弹簧被压缩的最大距离为,从赛车加速到离开弹簧,由动能定得
F1-μg（1+2）=
v2-0 （2分）
解得=05（1分）
（3）从赛车开始运动到压缩弹簧最短为止,由功能关系得
F1-μg（1+）=Ep（3分）
解得Ep=18J（1分）
答案：
（1）02
（2）05 （3）18J
16【解析】
（1）两球之间的斥力大小是F,两球从开始相互作用到两球相距最近时的时间是0,当两球相距最近时球B的速度是vB=4/,此时球A的速度与球B的速度大小相等,
vA=vB=4/（1分）
由动量守恒定律可得BvB0=AvA+BvB （2分）
代入据解得vB0=9/（1分）
（2）两球从开始相互作用到它们之间距离最近时它们之间的相对位移Δ=L-d
（1分）
由功能关系可得FΔ=
B
-（
A
+
B
） （3分）
代入据解得F=225N（1分）
（3）根据动量定,对A球有F=AvA-0
=
（2分）
代入值解得=356（1分）
答案：
（1）9/
（2）225N （3）356
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