高考物理全真模拟题新课标Ⅲ卷第一练解析版.docx

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高考物理全真模拟题新课标Ⅲ卷第一练解析版

第Ⅰ卷

二、选择题：

本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下图中四幅图片涉及物理学史上的四个重大发现，下列说法正确的是

A.亚里士多德根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因

B.牛顿通过引力扭秤实验，测定出了万有引力常量

C.安培通过实验研究，发现了电流的效应

D.库仑通过静电力扭秤实验研究，发现了库仑定律

【答案】D

【解析】A项：

伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，故A错误；

D项：

库仑通过静电力扭秤实验研究，发现了库仑定律，故D正确。

点晴：

该题考查了有关物理学史的知识，要了解物理学中的几个重要试验以及对于的伟大发现，注意平时多看书积累。

15．如图所示，两个等腰直角三角形斜劈A、B，质量均为m，在水平力F1、F2作用下静止在桌面边缘，各接触面均光滑，重力加速度为g，下列判断正确的是

A.A、B之间的弹力大小等于mg

B.同时撤去F1、F2瞬间，A对桌面的压力等于2mg

C.同时撤去F1、F2瞬间，A、B水平方向的加速度大小相等

D.F1、F2大小相等，同时增大或者减小时斜劈仍静止

【答案】C

【解析】对B受力分析，根据平衡知识可知

，选项A错误；同时撤去F1、F2瞬间，此时B在竖直方向由向下的加速度分量，则此时B失重，则A对桌面的压力小于2mg，选项B错误；同时撤去F1、F2瞬间，A、B在水平方向受到的力等大反向，则水平方向的加速度大小相等，选项C正确；对整体由平衡知识可知，F1、F2大小相等；若同时增大两力，则B将沿斜面上滑；同理减小时B沿斜面将下滑，选项D错误；故选C.

16．质量为M=1kg的木板静止在粗糙水平面上，木板与地面动摩擦因数

，在木板的左端放置一个质量为m=1kg，大小可忽略的铁块。

铁块与木板间的动摩擦因数

，g=10m/s2若在铁块右端施加一个从0开始增大的水平向右的力F，假设木板足够长，铁块受木板摩擦力f随拉力F如图变化.,关于两个动摩擦因数的数值正确的是（）

A.

B.μ1=0.1μ2=0.4

C.μ1=0.2μ2=0.4

D.μ1=0.4μ2=0.2

【答案】B

【点睛】当铁块和木板都静止时，根据平衡条件求摩擦力，当两个物体一起匀加速运动时，根据牛顿第二定律求解摩擦力，当铁块与木板有相对运动做匀加速运动时，根据牛顿第二定律求解摩擦力。

17．已知某交变电流在一个周期内的波形如图所示，则该电流通过一阻值为10Ω的电阻时的发热功率是（　　）

A.16WB.18WC.22.5WD.28W

【答案】D

【解析】根据电流的热效应，在一个周期内交流电产生的热量Q＝12×10×0.2×2J＋22×10×（0.5－0.2）×2J＝28J，所以发热功率

D对.故选D。

【点睛】由交流电图象得出一个周期内的热量，再由交流电的有效值定义可求得该交流电的有效值，根据P=I2R求得电阻的热功率.

18．如图所示， A、B、 C、D是真空中一正四面体的四个顶点，每条棱长均为l.在正四面体的中心固定一电荷量为-Q的点电荷，静电力常量为k,下列说法正确的是

A.A、B两点的场强相同

B.A点电场强度大小为

C.A点电势高于C点电势

D.将一正电荷从A点沿直线移动到B点的过程中，电场力一直不做功

【答案】B

19．2017年度中国10项重大科学进展中，位列榜首的是实现千公里级量子纠缠和密钥分发，创新性地突破了多项国际领先的关键技术。

下列与量子理论有关的说法正确的是

A.德布罗意首先提出了量子理论

B.玻尔在研究氢原子结构时引入了量子理论

C.爱因斯坦认为光子能量是量子化的，光子能量E=hv

D.根据量子理论，增大光的照射强度光电子的最大初动能增加

【答案】BC

【解析】普朗克首先提出了量子理论，选项A错误；玻尔在研究氢原子结构时引入了量子理论，成功揭示了氢原子光谱，选项B正确；爱因斯坦认为光子能量是量子化的，光子能量E=hv，选项C正确；根据爱因斯坦光电效应理论，增大光的频率光电子的最大初动能增加，选项D错误；故选BC.

20．如图所示，在光滑绝缘水平面上，A、B两小球质量分别为2m、m，带电量分别为+q、+2q。

某时刻A有指向B的速度v0而B球速度为零，之后两球在运动中始终未相碰，当两小球从该时刻开始到第一次相距最近的过程中

A.任意时刻A、B两小球的加速度大小之比均为1:

2

B.两小球构成的系统动量守恒，电势能减少

C.A球减少的机械能大于B球增加的机械能

D.电场力对A球做功的大小为

【答案】AC

21．如图甲所示，一光滑的平行金属导轨ABCD竖直放置，AB、CD相距L，在A、C之间接一个阻值为R的电阻；在两导轨间的abcd矩形区域内有垂直导轨平面向外、高度为5h的有界匀强磁场，磁感应强度为B.一质量为m、电阻为r、长度也为L的导体棒放在磁场下边界ab上（与ab边重合）.现用一个竖直向上的力F拉导体棒，使它由静止开始向上运动，导体棒刚要离开磁场时恰好做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计.F随导体棒与初始位置的距离x变化的情况如图乙所示，下列说法正确的是

A.导体棒离开磁场时速度大小为

B.离开磁场时导体棒两端电压为

C.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为

D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R产生焦耳热为

【答案】BD

【解析】A、设导体棒离开磁场时速度大小为v.此时导体棒受到的安培力大小

求通过电阻R的电荷量.根据欧姆定律求离开磁场时导体棒两端电压.根据功能关系求出电阻R产生的焦耳热.

第Ⅱ卷

三、非选择题：

本卷包括必考题和选考题两部分。

第22~25题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33~34题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题（共47分）

22.（6分）“用DIS研究机械能守恒定律”实验装置如图所示。

（1）将摆锤由A点静止释放，在摆锤摆到最低点的过程中________

A．摆锤只受重力作用

B．绳子拉力不做功，重力做正功

C．绳子拉力做负功，重力做正功

D．摆锤受到的合外力不为零，合外力做功为零

（2）某次操作中，测得摆锤经过B点的速度为0.99m/s，已知B、D两点间的竖直高度差为0.1m，摆锤的质量为7.5×10-3kg。

则摆锤经过B时的动能为_____×10-3J，重力势能为____×10-3J（保留两位小数）。

（以D点为零势能面）

（3）利用该装置得到摆锤向下运动经过A、B、C、D四点时的机械能分别为EA、EB、EC、ED。

某同学认为在摆锤运动过程中还受到空气阻力的作用，会给实验带来误差，这个误差会导致：

___________

A．EA>EB>EC>EDB．EA

请简要说明理由：

这是因为_______________________________________________

【答案】B3.677.35A向下运动过程空气阻力做负功，使机械能减少；运动的路程越长，机械能减少越多。

【解析】

（1）绳子拉力垂直速度方向，不做功，只有重力做正功，B正确AC错误；摆锤受到的合外力不为

23.（9分）某实验小组要精确测定额定电压为2V的小灯泡正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时的电阻大约为500Ω。

实验室提供的器材有：

A．电流表A1（量程为20mA，内阻r1约为3Ω读数记为I1）

B．电流表A2（量程为3mA，内阻r2=15Ω，读数记为I2）

C．定值电阻R1=985Ω

D．定值电阻R2=1985Ω

E．滑动变阻器R（0～20Ω）

F．电压表V（量程为6V，内阻Rv=1kΩ，读数记为U）

G．蓄电池E（电动势为10V，内阻很小）

H．开关S一个

（1）如图所示是某同学设计的实验电路图，请你帮他选择合适的器材，电表1应选_______，电表2应选__________，定值电阻应选_________。

（这三空均填写器材前的字母代号）

（2）测量小灯泡电阻的表达式为Rx=________（用字母表示）。

实验时，不断改变滑动变阻器的阻值，当电表2的示数达到_____________时，其对应的结果为小灯泡正常工作时的电阻。

【答案】

（1）FBC

（2）

2mA

点睛：

本题的难点在于电表的正确选择和使用，要注意由于电流表的量程偏小，无法测电流，电压表的量程偏大，测量电压偏大，最后需通过改装，用电流表测电压，电压表测电流．

24．（14分）如图所示，在光滑、绝缘的水平面内，有一个正方形MNPQ区域，边长L=1m。

半径R=20cm的圆形磁场与MN、MQ边均相切，与MQ边切于点A，磁感应强度B=0.5T,方向垂直于水平面向上。

圆形磁场之外区域，有方向水平向左的匀强电场，场强大小E=0.5V/m。

两个大小完全相同的金属小球a、b均视为质点。

小球a的质量ma=2×10-5kg，电量q=+4×10-4C.小球b的质量mb=1×10-5kg,不带电，放在圆周上的D点静止， A、C、 D三点在同一直线上。

小球a从A点正对磁场圆心C射入，会与球b在D点沿平行于MN的方向发生弹性碰撞，碰后忽略两球之间的相互作用力及小球重力。

π=3.14,求：

（1）小球a射入磁场时的速度大小及小球a射入磁场到与小球b相碰撞经历的时间；

（2）小球a与b碰撞后在正方形MNPQ区域内运动，两球之间的最大距离。

【答案】

（1）2m/s，0.714s

（2）

【解析】由几何关系，可知只有圆周运动的半径r=R时，才能与小球b相撞，从而求得小球a射入磁场时的速度；然后在磁场及电场中用运动学规律，分别求解时间；小球a与b发生弹性碰撞后，分别求出各自碰撞后速度，再用运动学规律求解两球之间的最大距离。

（1）小球a的轨迹如图所示，才能与小球b相撞，故小球a在磁场中做圆周运动的半径r=R

在磁场中

解得：

在磁场中的运动时间

在电场中

小球a射入磁场到与小球b相碰撞经历的时间

（2）小球a与b发生弹性碰撞有

当小球b到达MN边界时刻，小球a与b在正方形MNPQ区域内运动的间距最大。

设最大间距为s，则有

解得：

【点睛】解题关键：

运用动量守恒及能量守恒，处理弹性碰撞。

在涉及曲线运动时，往往采用化曲为直的思想，转化为类平抛运动来处理。

25．（18分）一长木板置于粗糙水平地面上，木板B左端放置一物块A，在木板右方有一物块C，木板B右端与物块C的距离为4.5m，如图所示。

t=0时刻开始，小物块与木板一起以v0=5m/s的共同初速度向右运动，直至t=1s时木板B与物块C碰撞，碰撞时间极短，为弹性碰撞。

运动过程中小物块A始终未离开木板B.已知物块A与木板B间动摩擦因数为0.4，物块C与地面间的动摩擦因数为0.3；木板B的质量是小物块A质量的15倍，物块C的质量是小物块A质量的30倍，重力加速度大小g取10m/s2.求

（1）木板与地面间的动摩擦因数及B与C碰前A与B的速度v1；

（2）木板的最小长度lm；

（3）木板右端离物块C的最终距离S.

【答案】

（1）μ1=0.1，v1=4m/s

（2）

（3）

【解析】

（1）取水平向右为正方向,木板与C碰撞前，A与B一起向右做匀减速运动

设

为A向右减速运动的位移，

为B向左减速运动的位移

，

则木板的最小长度

（3）物块C碰后向右作匀减速直线运动，设其加速度大小为

由牛顿第二定律得：

解得：

C向右匀减速运动的位移

故木板右端离物块C的最终距离

（二）选考题：

共15分。

请考生从2道物理题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第一题计分。

33．【选修3-3】（15分）

（1）（5分）下列说法正确的是。

（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）

A.在真空高温条件下,可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素

B.固体很难被拉伸,也很难被压缩,说明分子间既有引力又有斥力

C.只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数,就可以算出气体分子的体积

D.温度是分子热运动平均动能的标志，温度升高，则物体的每一个分子的动能都增大

E.晶体在熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，分子势能增加

【答案】ABE

【解析】A、在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素，利用提高温度来加快扩

（2）（10分）内壁光滑的导热气缸竖直放置，用质量不计、横截面积为2×10-4m2的活塞封闭着一定质量的气体，温度为t0=27℃.现缓慢地将沙子倒在活塞上，当气体的体积变为原来的一半时，继续加沙子的同时对气缸缓慢加热，使活塞位置保持不变，直到倒入的沙子总质量为m=2.4kg.已知大气压强为p0=1.0×105Pa，重力加速度g取10m/s2.求：

①当气体的体积刚变为原来的一半时，气体的压强.

②最后气体的温度为多少摄氏度.

【答案】

（1）

（2）

【解析】①根据题意得出加热前后气体的状态参量，再由玻意耳定律求出压强；②在加热过程中，气体做等容变化，根据查理定律和平衡条件即可求解最后气体的温度。

①加热前的过程，气体做等温变化，由玻意耳定律得：

由题意知

，则气体体积刚变为原来的一半时气体的压强为

②加热过程中气体做等容变化，由查理定律得：

停止添加沙子时，由平衡条件得：

因为

联立以上方程可得：

即

【点睛】解决本题的关键是分析清楚题意明确气体状态变化过程，由题意求出气体变化前后的状态参量，并对活塞进行受力分析，应用玻意耳定律与查理定律即可求解。

34．【选修3-4】（15分）

（1）（5分）一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，某时刻质点P的速度为v，经过1.0s它的速度第一次与v相同，再经过0.2s它的速度第二次与v相同，则波沿x轴方向传播的波速为_____m/s；若某时刻质点M到达波谷处，则质点P一定到达______处；从图示位置开始计时，在2.0s时刻，质点P的位移为_______cm。

【答案】5波峰20

【解析】由图读出波长λ=6m。

根据质点P的振动情况可得：

该波的周期为T=1.0s+0.2s=1.2s，则波速为

。

根据质点P的运动情况可知，图示时刻P点运动方向沿y轴负方向，则沿波x轴负方向传播。

由图知质点M与质点P的平衡位置之间的距离是半个波长，振动情况总是相反，则某时刻质点M到达波谷处，则质点P一定到达波峰处。

该波的周期T=1.2s，从图示位置开始计时，质点P的振动方程为

；当t=2.0s时，代入解得y=20cm，即从图示位置开始计时，在2.0s时刻，质点P的位移为20cm。

点睛：

本题在于关键分析质点P的振动情况，确定P点的运动方向和周期。

要理解波的周期性，来分析任意时刻质点的位置。

对于质点的位移，可写出振动方程求解任意时刻的位移。

（2）（10分）如图所示为用某种透明材料制成的一块柱形棱镜的截面图，圆弧CD是半径为R的四分之一圆周，圆心为O，光线从AB面上的某点入射，入射角i＝45°，光进入棱镜后恰好在BC面上的O点发生全反射，后由CD面射出．

①画出光线由AB面进入棱镜且从CD弧面射出的光路图；

②求该棱镜的折射率n.

【答案】①光路图如图所示：

；②

；