ttmbworddoc天利单元复习5doc.docx
《ttmbworddoc天利单元复习5doc.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《ttmbworddoc天利单元复习5doc.docx（10页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
ttmbworddoc天利单元复习5doc
2010届高三物理第一轮复习[动量和能量]
孝感三中陈继芳
本卷共120分限时：
90分钟
第I卷（选择题共40分）
一、本题共10小题，共40分，每小题4分。
在四个选项中，其中有一个或多个选项正确，选对得4分，少选得2分，错选或不选得0分。
1、.如图所示，单摆摆球的质量为m，做简谐运动的周期为T，摆球从最大位移A处由静止开始释放，摆球运动到
2,4,6
最低点B时的速度为v，则（）
A.摆球从A运动到B的过程中绳拉力的冲量为零
B.摆球从A运动到B的过程中重力的平均功率为
C.摆球运动到B时重力的瞬时功率是mgv
D.摆球从A运动到B的过程中重力做的功为
v
2、.如图所示，物体A、B由轻弹簧相连接，放在光滑的水平面上，物体A的质量等于物体B的质量。
物体B左侧与竖直光滑的墙壁相接触，弹簧被压缩，具有弹性势能为E，释放后物体A向右运动，并带动物体B离开左侧墙壁。
在物体B离开墙壁后的运动过程中，下列说法不正确的是（）
A.弹簧伸长量最大时的弹性势能等于弹簧
压缩量最大时的弹性势能；
B.弹簧伸长量最大时的弹性势能小于弹簧
压缩量最大时的弹性势能；
C.物体B的最大动能等于E；
D.物体A的最小动能等于零。
3、如图所示，质量为M的木板静置在光滑的水平面上，在M上放置一质量为m的物块，物块与木板的接触粗糙。
当物块m获得初速度
而向右滑动时，在滑动过程中下面叙述正确的是（）
A.若M固定不动，则m对M摩
擦力的冲量为零;
B.若M不固定，则m克服摩擦
力做的功全部转化为内能；
C.不论M是否固定，m与M的摩擦力功之和一定等于零；
D.不论M是否固定，m与M相互作用力的冲量大小相等、方向相反
4、竖直放置的弹簧振子在竖直方向做简谐运动过程中，下列说法正确的是
A．到达最高点时振子受到的回复力最小
B．到达最低点时振子受到的合力为零
C．小球的机械能守恒
D．到达最高点时振子的速度为零，加速度最大
5、参加四川抗震救灾的飞行员在刚跳离飞机，其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法正确的是：
（）
A．空气阻力做正功B．重力势能增加
C．动能增加D．空气阻力做负功
θ
6、如图所示，在方向竖直向下场强为E的匀强电场中，有一个倾角为θ的斜面，斜面上方有一质量为m，带电量为+q的带电粒子，以速度v0水平
抛出。
（粒子重力不计）在粒子从开始运动到小球离开
斜面的最大距离的过程中，下列说法正确的是
A．运动时间：
t=mv0/（qE）
B．电场力做功：
W=（mv02tg2θ）/2
C．动量的变化量：
△p=mv0tgθ
D．离开斜面的最大距离：
H=mv02sin2θ/（2qEcosθ）
7、如图所示，光滑水平面上有一小车，车的上表面
的左侧是一个与车连为一体的半径为R的1/4光滑圆弧轨道。
车的右端固定一个尺寸可以忽略、处于锁定状态的压缩弹簧，一质量为
的小物块（看作质点）紧靠弹簧，小物块与车上
点右侧平板间的动摩擦因数为
。
整个装置处于静止状态，设开始弹簧锁定时的弹性势能为E。
现解除锁定，小物块被弹出后，恰好能到达圆弧轨道的最高点A，则下列说法正确的是（不计空气阻力）
m
A．从解除锁定到小物块到达圆弧轨道的最高点，小物块对小车做功大小为
B．从解除锁定到小物块到达圆弧轨道的最高点，小物块对小车做功大小为零
C．最终小物块相对小车走过的路程为
D．最终小物块和小车组成的系统产生的内能为E
8、如图所示，一根不可伸长的轻绳两端各系一个小球a和b,跨在两根固定在同一高度的光滑水平细杆上，质量为3m的a球置于地面上，质量为m的b球从水平位置静止释放。
当a球对地面压力刚好为零时，b球摆过的角度为θ.下列结论正确的是
A、θ=90
B、b球摆动到最低点的过程中，重力对小球做功的功率先增大后减小
C、θ=45
D、b球摆动到最低点的过程中，重力对小球做功的功率一直增大
O
9、如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b．不计空气阻力，则正确的是（）
A．小球带负电
B．电场力跟重力平衡
C．小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减小
D．小球在运动过程中机械能守恒
10、．在足够大的光滑水平面上放有两物块A和B，已知mA>mB，A物块连接一个轻弹簧并处于静止状态，B物体以初速度v0向着A物块运动。
在B物块与弹簧作用过程中，两物块在同一条直线上运动，下列判断正确的是
A．弹簧恢复原长时，B物块的速度为零
B．弹簧恢复原长时，B物块的速度不为零，且方向向右
C．弹簧压缩过程中，B物块的动能先减小后增大
D．在与弹簧相互作用的整个过程中，B物块的动能先减小后增大
B
第II卷（非选择题共80分）
二、实验题（本大题共2小题，计18分）
11、（6分）在如图验证机械能守恒定律的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度为9.80m/s2，所用重物的质量为1.00kg，实验中得到的一条点迹清晰的纸带如图所示.若把第一个点记做O，另选连续的三个点A、B、C做为测量点，经测量A、B、C点到O点的距离分别为
=70.2cm、
=77.8cm、
=85.8cm.根据以上数据计算：
（计算结果均保留三位有效数字）
①重物由O点运动到B点，重力势能的减少量为J，动能的增加量为J.
②在实验中发现，重物减小的重力势能总大于重物增加的动能，其主要原因是
C
12、（12分）为验证“两小球碰撞过程中动量守恒”，某同学用如图所示的装置依次进行了如下的实验操作：
Ⅰ.将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将该木板竖直立于紧靠槽口处，使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；
Ⅱ.将木板向右平移适当的距离固定，再使小球a从原固定点处由静止释放，撞到木板上得到痕迹B；
Ⅲ.把半径与a相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球a仍从原固定点处由静止释放，和小球b相碰后，两球撞在木板上得到痕迹A和C；
木板
Ⅳ.用天平测得a、b两小球的质量分别为ma、mb，用刻度尺测量纸上O点到A、B、C三点的距离分别为y1、y2、y3；
根据上述实验过程，回答：
①所选用的两小球质量关系应为mamb，半径关系应为rarb（选填“＜”、“＞”、或“=”
②用实验中所测得的量来验证两小球碰撞过程动量守恒，其表达式为.
三、论述与计算题（本大题共4小题，计62分）
13、（15分）如图所示，光滑水平面上有一质量M=4.0kg的平板车，车的上表面右侧是一段长L=1.0m的水平轨道，水平轨道左侧是一半径R=0.25m的1/4光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平轨道在O′点相切。
车右端固定一个尺寸可以忽略，处于锁定状态的压缩轻弹簧，一质量m=1.0kg的小物体（可视为质点）紧靠弹簧，小物体与水平轨道间的动摩擦因数
。
整个装置处于静止状态。
现将轻弹簧解除锁定，小物体被弹出，恰能到达圆弧轨道的最高点A。
不考虑小物体与轻弹簧碰撞时的能量损失，不计空气阻力。
g取10m/s2，求：
（1）解除锁定前轻弹簧的弹性势能；
（2）小物体第二次经过O′点时的速度大小；
（3）最终小物体与车相对静止时距O′点的距离。
m
14、（15分）质量m=1kg的小车左端放有质量M=3kg的铁块，两者以v0=4m/s的共同速度沿光滑水平面向竖直墙运动，车与墙的碰撞时间极短，无动能损失。
铁块与车间的动摩擦因数为μ=1/3，车足够长，铁块不会到达车的右端。
从小车第一次与墙相碰开始计时，取水平向右为正方向，g=10m/s2，求：
（1）当小车和铁块再次具有共同速度时，小车右端离墙多远？
（2）在答卷的图上画出第二次碰撞前，小车的速度时间图象。
不要求写出计算过程，需在图上标明图线的起点、终点和各转折点的坐标。
C
15、（16分）如图所示，光滑水平面的同一条直线上，有质量分别为m1、m2的小平板车A、B，两车的高度、长度均相同。
一个物块C（可看作质点）放置在B车右端。
物块C与B车上表面间的动摩擦因数是C与A车上表面间的动摩擦因数的一半。
开始时B车静止，A车以初速度v0向B车运动，在极短时间内发生正碰，并粘在一起不再分开。
物块C最终恰好在B车中央停止相对滑动。
⑴求物块C和B车发生相对滑动过程的摩擦生热Q；⑵为使A、B两车相碰粘在一起后，物块C最终在A车的上表面停止相对滑动，求A车初速度的取值范围。
16、（16分）如图所示，轻质弹簧将质量为m的小物块连接在质量为M（M=3m）的光滑框架内。
小物块位于框架中心位置时弹簧处于自由长度．现设框架与小物块以共同速度
沿光滑水平面向左匀速滑动.
（1）若框架与墙壁发生碰撞后速度为零，但与墙壁不粘连，求框架脱离墙壁后的运动过程中，弹簧弹性势能的最大值.
（2）若框架与墙壁发生碰撞以一定速度反弹，在以后过程中弹簧的最大弹性势能为
，求框架与墙壁碰撞时损失的机械能ΔE1.
（3）在
（2）情形下试判定框架与墙壁能否发生第二次碰撞?
若不能，说明理由．若能，试求出第二次碰撞时损失的机械能ΔE2.（设框架与墙壁每次碰撞前后速度大小之比不变）
参考答案
一、1、D2、B3、D4、D5、CD6、BCD7、BD
8、AB9、B10、D
二、实验题（本大题共2小题，计18分）
11、（6分）7.62（2分）7.61（2分）
②下落过程中受到阻力作用（2分）
12、（12分）①＞（3分）=（3分）
②
（3分）
四、论述与计算题（本大题共4小题，计62分）
13、（15分）
（1）由能量守恒定律得：
E=mgR+
mgL……2分
代入数据解得：
E=7.5J……1分
（2）设小物体第二次经过O′点时的速度大小为v1，此时车的速度大小v2，
由水平方向动量守恒定律得：
mv1-Mv2=0①……2分
由能量守恒定律得：
mgR=
mv12+
Mv22②……2分
①②联立代入数据解得：
v1=2.0m/s……1分
（3）最终小物体与车相对静止时,二者的速度都为0
由能量守恒定律得：
E=
mgS③……3分
距O′点的距离:
x=S-L④……3分
③④代入数据解得：
x=0.5m……1分
0.9
14、（15分）
（1）撞墙后至两者具有共同速度，小车和铁块系统动量守恒：
（M-m）v0=（M+m）v1，（2分）
此时小车右端离墙距离s1，由动能定理知：
，（3分）
。
（3分）
（2）（7分）如图，要求：
坐标系完整正确；
0~0.6s内图象及坐标完整正确；
0.6~0.9s内图象及坐标完整正确；
15、（16分）⑴
（8分）（提示：
A、B两车相碰后瞬间的共同速度是
，
然后A、B两车整体和物块C发生完全非弹性碰撞，系统损失的动能就是Q。
）
⑵（8分）
v0＜v＜
v0（提示：
由
知，A车的初速度v∝
。
若物块C刚好相对滑行到A车右端，对应的摩擦生热Q1=2Q，对应的v1=
v0；若物块C刚好相对滑行到A车左端，对应的摩擦生热Q2=6Q，对应的v2=
v0。
）
本题求解关键是状态的分析
16、（16分）
（1）框架与墙壁碰撞后，物块以
压缩弹簧，后又返回，当返回原位时框架开始离开，由机械能守恒知，此时物块速度是
方向向右。
设弹簧有最大势能时共同速度为v
由动量守恒定律知m
=4mv………………1分
由能量守恒定律
=
+EP………………2分
EP=
………………2分
（2）设框架反弹速度为
最大势能时共同速度为v则
由动量、能量守恒定律得
3m
—m
=4mv………………2分
………………2分
解得：
9
+18
—7
=0
=
（舍去）
带入得:
v=0………………1分
△E1=
=
………………2分
（3）由
（2）知第一次碰后反弹后，二者总动量为零，故当弹簧再次伸展后仍可继续与墙壁相撞，并以
=
的速度与墙壁相撞，由题意知，
2分
所以
………………………………2分
升级会员 