高考数学一轮复习 第十一章 概率与统计 113 离散型随机变量及其分布列均值与方差练习 理.docx

高考数学一轮复习 第十一章 概率与统计 113 离散型随机变量及其分布列均值与方差练习 理.docx

《高考数学一轮复习 第十一章 概率与统计 113 离散型随机变量及其分布列均值与方差练习 理.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考数学一轮复习 第十一章 概率与统计 113 离散型随机变量及其分布列均值与方差练习 理.docx（25页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

高考数学一轮复习第十一章概率与统计113离散型随机变量及其分布列均值与方差练习理

§11.3　离散型随机变量及其分布列、均值与方差

考纲解读

考点

内容解读

要求

高考示例

常考题型

预测热度

1.离散型随机变量

及其分布列

①理解取有限个值的离散型随机变量及其分布列的概念,了解分布列对于刻画随机现象的重要性;

②理解超几何分布及其导出过程,并能进行简单的应用

理解

2017课标全国Ⅲ,18;

2016课标全国Ⅰ,19;

2015天津,16;

2013课标全国Ⅰ,19

解答题

★★★

2.离散型随机变量

的均值与方差

理解取有限个值的离散型随机变量均值、方差的概念,能计算简单离散型随机变量的均值、方差,并能解决一些实际问题

掌握

2017浙江,8;

2014湖南,17;

2015福建,16

选择题

解答题

★★★

分析解读　1.会求简单的离散型随机变量的分布列,理解超几何分布.2.理解数学期望与方差的概念,熟练掌握期望与方差的求解方法.3.分布列、期望及方差均为高考的必考内容.本节在高考中一般以解答题形式出现,分值约为12分,属中高档题.

五年高考

考点一　离散型随机变量及其分布列

1.（2013广东,4,5分）已知离散型随机变量X的分布列为

X

1

2

3

P

则X的数学期望E（X）=（　　）

A.B.2

C.D.3

答案　A

2.（2017课标全国Ⅲ,18,12分）某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温（单位:

℃）有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[20,25）,需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶.为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:

最高气温

[10,15）

[15,20）

[20,25）

[25,30）

[30,35）

[35,40）

天数

2

16

36

25

7

4

以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率.

（1）求六月份这种酸奶一天的需求量X（单位:

瓶）的分布列;

（2）设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y（单位:

元）.当六月份这种酸奶一天的进货量n（单位:

瓶）为多少时,Y的数学期望达到最大值?

解析　本题考查随机变量的分布列,数学期望.

（1）由题意知,X所有可能取值为200,300,500,由表格数据知

P（X=200）==0.2,P（X=300）==0.4,P（X=500）==0.4.

因此X的分布列为

X

200

300

500

P

0.2

0.4

0.4

（2）由题意知,这种酸奶一天的需求量至多为500瓶,至少为200瓶,因此只需考虑200≤n≤500.

当300≤n≤500时,

若最高气温不低于25,则Y=6n-4n=2n;

若最高气温位于区间[20,25）,

则Y=6×300+2（n-300）-4n=1200-2n;

若最高气温低于20,则Y=6×200+2（n-200）-4n=800-2n.

因此EY=2n×0.4+（1200-2n）×0.4+（800-2n）×0.2=640-0.4n.

当200≤n<300时,

若最高气温不低于20,则Y=6n-4n=2n;

若最高气温低于20,则Y=6×200+2（n-200）-4n=800-2n.

因此EY=2n×（0.4+0.4）+（800-2n）×0.2=160+1.2n.

所以n=300时,Y的数学期望达到最大值,最大值为520元.

3.（2017北京,17,13分）为了研究一种新药的疗效,选100名患者随机分成两组,每组各50名,一组服药,另一组不服药.一段时间后,记录了两组患者的生理指标x和y的数据,并制成下图,其中“*”表示服药者,“+”表示未服药者.

（1）从服药的50名患者中随机选出一人,求此人指标y的值小于60的概率;

（2）从图中A,B,C,D四人中随机选出两人,记ξ为选出的两人中指标x的值大于1.7的人数,求ξ的分布列和数学期望E（ξ）;

（3）试判断这100名患者中服药者指标y数据的方差与未服药者指标y数据的方差的大小.（只需写出结论）

解析　本题考查古典概型,离散型随机变量的分布列与数学期望,方差等知识.

（1）由题图知,在服药的50名患者中,指标y的值小于60的有15人,所以从服药的50名患者中随机选出一人,此人指标y的值小于60的概率为=0.3.

（2）由题图知,A,B,C,D四人中,指标x的值大于1.7的有2人:

A和C.

所以ξ的所有可能取值为0,1,2.

P（ξ=0）==,P（ξ=1）==,P（ξ=2）==.

所以ξ的分布列为

ξ

0

1

2

P

故ξ的期望E（ξ）=0×+1×+2×=1.

（3）在这100名患者中,服药者指标y数据的方差大于未服药者指标y数据的方差.

4.（2016课标全国Ⅰ,19,12分）某公司计划购买2台机器,该种机器使用三年后即被淘汰.机器有一易损零件,在购进机器时,可以额外购买这种零件作为备件,每个200元.在机器使用期间,如果备件不足再购买,则每个500元.现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件,为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数,得下面柱状图:

以这100台机器更换的易损零件数的频率代替1台机器更换的易损零件数发生的概率,记X表示2台机器三年内共需更换的易损零件数,n表示购买2台机器的同时购买的易损零件数.

（1）求X的分布列;

（2）若要求P（X≤n）≥0.5,确定n的最小值;

（3）以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据,在n=19与n=20之中选其一,应选用哪个?

解析　

（1）由柱状图并以频率代替概率可得,一台机器在三年内需更换的易损零件数为8,9,10,11的概率分别为0.2,0.4,0.2,0.2.

可知X的所有可能取值为16、17、18、19、20、21、22,

P（X=16）=0.2×0.2=0.04;

P（X=17）=2×0.2×0.4=0.16;

P（X=18）=2×0.2×0.2+0.4×0.4=0.24;

P（X=19）=2×0.2×0.2+2×0.4×0.2=0.24;

P（X=20）=2×0.2×0.4+0.2×0.2=0.2;

P（X=21）=2×0.2×0.2=0.08;

P（X=22）=0.2×0.2=0.04.（4分）

所以X的分布列为

X

16

17

18

19

20

21

22

P

0.04

0.16

0.24

0.24

0.2

0.08

0.04

（6分）

（2）由

（1）知P（X≤18）=0.44,P（X≤19）=0.68,故n的最小值为19.（8分）

（3）记Y表示2台机器在购买易损零件上所需的费用（单位:

元）.

当n=19时,

EY=19×200×0.68+（19×200+500）×0.2+（19×200+2×500）×0.08+（19×200+3×500）×0.04=4040.（10分）

当n=20时,

EY=20×200×0.88+（20×200+500）×0.08+（20×200+2×500）×0.04=4080.

可知当n=19时所需费用的期望值小于n=20时所需费用的期望值,故应选n=19.（12分）

教师用书专用（5—15）

5.（2015天津,16,13分）为推动乒乓球运动的发展,某乒乓球比赛允许不同协会的运动员组队参加.现有来自甲协会的运动员3名,其中种子选手2名;乙协会的运动员5名,其中种子选手3名.从这8名运动员中随机选择4人参加比赛.

（1）设A为事件“选出的4人中恰有2名种子选手,且这2名种子选手来自同一个协会”,求事件A发生的概率;

（2）设X为选出的4人中种子选手的人数,求随机变量X的分布列和数学期望.

解析　

（1）由已知,有P（A）==.

所以事件A发生的概率为.

（2）随机变量X的所有可能取值为1,2,3,4.

P（X=k）=（k=1,2,3,4）.

所以随机变量X的分布列为

X

1

2

3

4

P

随机变量X的数学期望E（X）=1×+2×+3×+4×=.

评析　本题主要考查古典概型及其概率计算公式,互斥事件,离散型随机变量的分布列与数学期望等基础知识.考查运用概率知识解决简单实际问题的能力.属中等难度题.

6.（2015安徽,17,12分）已知2件次品和3件正品混放在一起,现需要通过检测将其区分,每次随机检测一件产品,检测后不放回,直到检测出2件次品或者检测出3件正品时检测结束.

（1）求第一次检测出的是次品且第二次检测出的是正品的概率;

（2）已知每检测一件产品需要费用100元,设X表示直到检测出2件次品或者检测出3件正品时所需要的检测费用（单位:

元）,求X的分布列和均值（数学期望）.

解析　

（1）记“第一次检测出的是次品且第二次检测出的是正品”为事件A,

P（A）==.

（2）X的可能取值为200,300,400.

P（X=200）==,P（X=300）==,

P（X=400）=1-P（X=200）-P（X=300）=1--=.

故X的分布列为

X

200

300

400

P

EX=200×+300×+400×=350.

7.（2015四川,17,12分）某市A,B两所中学的学生组队参加辩论赛,A中学推荐了3名男生、2名女生,B中学推荐了3名男生、4名女生,两校所推荐的学生一起参加集训.由于集训后队员水平相当,从参加集训的男生中随机抽取3人、女生中随机抽取3人组成代表队.

（1）求A中学至少有1名学生入选代表队的概率;

（2）某场比赛前,从代表队的6名队员中随机抽取4人参赛,设X表示参赛的男生人数,求X的分布列和数学期望.

解析　

（1）由题意,参加集训的男、女生各有6名.

参赛学生全从B中学抽取（等价于A中学没有学生入选代表队）的概率为=.

因此,A中学至少有1名学生入选代表队的概率为1-=.

（2）根据题意,X的可能取值为1,2,3.

P（X=1）==,P（X=2）==,

P（X=3）==.

所以X的分布列为

X

1

2

3

P

因此,X的数学期望为

E（X）=1×P（X=1）+2×P（X=2）+3×P（X=3）

=1×+2×+3×=2.

8.（2014重庆,18,13分）一盒中装有9张各写有一个数字的卡片,其中4张卡片上的数字是1,3张卡片上的数字是2,2张卡片上的数字是3.从盒中任取3张卡片.

（1）求所取3张卡片上的数字完全相同的概率;

（2）X表示所取3张卡片上的数字的中位数,求X的分布列与数学期望.

（注:

若三个数a,b,c满足a≤b≤c,则称b为这三个数的中位数）

解析　

（1）由古典概型中的概率计算公式知所求概率为

P==.

（2）X的所有可能值为1,2,3,且

P（X=1）==,P（X=2）==,

P（X=3）==,

故X的分布列为

X

1

2

3

P

从而E（X）=1×+2×+3×=.

9.（2014山东,18,12分）乒乓球台面被球网分隔成甲、乙两部分,如图,甲上有两个不相交的区域A,B,乙被划分为两个不相交的区域C,D,某次测试要求队员接到落点在甲上的来球后向乙回球.规定:

回球一次,落点在C上记3分,在D上记1分,其他情况记0分.对落点在A上的来球,队员小明回球的落点在C上的概率为,在D上的概率为;对落点在B上的来球,小明回球的落点在C上的概率为,在D上的概率为.假设共有两次来球且落在A,B上各一次,小明的两次回球互不影响.求:

（1）小明两次回球的落点中恰有一次的落点在乙上的概率;

（2）两次回球结束后,小明得分之和ξ的分布列与数学期望.

解析　

（1）记Ai为事件“小明对落点在A上的来球回球的得分为i分”（i=0,1,3）,

则P（A3）=,P（A1）=,P（A0）=1--=;

记Bi为事件“小明对落点在B上的来球回球的得分为i分”（i=0,1,3）,

则P（B3）=,P（B1）=,P（B0）=1--=.

记D为事件“小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上”.

由题意,得D=A3B0+A1B0+A0B1+A0B3,

由事件的独立性和互斥性,

P（D）=P（A3B0+A1B0+A0B1+A0B3）

=P（A3B0）+P（A1B0）+P（A0B1）+P（A0B3）

=P（A3）P（B0）+P（A1）P（B0）+P（A0）P（B1）+P（A0）P（B3）

=×+×+×+×=,

所以小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上的概率为.

（2）由题意,随机变量ξ可能的取值为0,1,2,3,4,6,

由事件的独立性和互斥性,得

P（ξ=0）=P（A0B0）=×=,

P（ξ=1）=P（A1B0+A0B1）=P（A1B0）+P（A0B1）=×+×=,

P（ξ=2）=P（A1B1）=×=,

P（ξ=3）=P（A3B0+A0B3）=P（A3B0）+P（A0B3）=×+×=,

P（ξ=4）=P（A3B1+A1B3）=P（A3B1）+P（A1B3）=×+×=,

P（ξ=6）=P（A3B3）=×=.

可得随机变量ξ的分布列为:

ξ

0

1

2

3

4

6

P

所以数学期望Eξ=0×+1×+2×+3×+4×+6×=.

10.（2014四川,17,12分）一款击鼓小游戏的规则如下:

每盘游戏都需击鼓三次,每次击鼓要么出现一次音乐,要么不出现音乐;每盘游戏击鼓三次后,出现一次音乐获得10分,出现两次音乐获得20分,出现三次音乐获得100分,没有出现音乐则扣除200分（即获得-200分）.设每次击鼓出现音乐的概率为,且各次击鼓出现音乐相互独立.

（1）设每盘游戏获得的分数为X,求X的分布列;

（2）玩三盘游戏,至少有一盘出现音乐的概率是多少?

（3）玩过这款游戏的许多人都发现,若干盘游戏后,与最初的分数相比,分数没有增加反而减少了.请运用概率统计的相关知识分析分数减少的原因.

解析　

（1）X可能的取值为10,20,100,-200.

根据题意,有P（X=10）=××=,

P（X=20）=××=,

P（X=100）=××=,

P（X=-200）=××=.

所以X的分布列为

X

10

20

100

-200

P

（2）设“第i盘游戏没有出现音乐”为事件Ai（i=1,2,3）,

则P（A1）=P（A2）=P（A3）=P（X=-200）=.

所以,“三盘游戏中至少有一盘出现音乐”的概率为1-P（A1A2A3）=1-=1-=.

因此,玩三盘游戏至少有一盘出现音乐的概率是.

（3）X的数学期望为EX=10×+20×+100×-200×=-.

这表明,获得的分数X的均值为负.

因此,多次游戏之后分数减少的可能性更大.

11.（2013课标全国Ⅰ,19,12分）一批产品需要进行质量检验,检验方案是:

先从这批产品中任取4件作检验,这4件产品中优质品的件数记为n.如果n=3,再从这批产品中任取4件作检验,若都为优质品,则这批产品通过检验;如果n=4,再从这批产品中任取1件作检验,若为优质品,则这批产品通过检验;其他情况下,这批产品都不能通过检验.

假设这批产品的优质品率为50%,即取出的每件产品是优质品的概率都为,且各件产品是否为优质品相互独立.

（1）求这批产品通过检验的概率;

（2）已知每件产品的检验费用为100元,且抽取的每件产品都需要检验,对这批产品作质量检验所需的费用记为X（单位:

元）,求X的分布列及数学期望.

解析　

（1）设第一次取出的4件产品中恰有3件优质品为事件A1,第一次取出的4件产品全是优质品为事件A2,第二次取出的4件产品都是优质品为事件B1,第二次取出的1件产品是优质品为事件B2,这批产品通过检验为事件A,依题意有A=（A1B1）∪（A2B2）,且A1B1与A2B2互斥,所以P（A）=P（A1B1）+P（A2B2）

=P（A1）P（B1|A1）+P（A2）P（B2|A2）=×+×=.

（2）X可能的取值为400,500,800,并且

P（X=400）=1--=,

P（X=500）=,P（X=800）=.

所以X的分布列为

X

400

500

800

P

EX=400×+500×+800×=506.25.

12.（2013课标全国Ⅱ,19,12分）经销商经销某种农产品,在一个销售季度内,每售出1t该产品获利润500元,未售出的产品,每1t亏损300元.根据历史资料,得到销售季度内市场需求量的频率分布直方图,如图所示.经销商为下一个销售季度购进了130t该农产品,以X（单位:

t,100≤X≤150）表示下一个销售季度内的市场需求量,T（单位:

元）表示下一个销售季度内经销该农产品的利润.

（1）将T表示为X的函数;

（2）根据直方图估计利润T不少于57000元的概率;

（3）在直方图的需求量分组中,以各组的区间中点值代表该组的各个值,并以需求量落入该区间的频率作为需求量取该区间中点值的概率（例如:

若需求量X∈[100,110）,则取X=105,且X=105的概率等于需求量落入[100,110）的频率）,求T的数学期望.

解析　

（1）当X∈[100,130）时,T=500X-300（130-X）=800X-39000,

当X∈[130,150]时,T=500×130=65000.

所以T=

（2）由

（1）知利润T不少于57000元当且仅当120≤X≤150.

由直方图知需求量X∈[120,150]的频率为0.7,所以下一个销售季度内的利润T不少于57000元的概率的估计值为0.7.

（3）依题意可得T的分布列为

T

45000

53000

61000

65000

P

0.1

0.2

0.3

0.4

所以ET=45000×0.1+53000×0.2+61000×0.3+65000×0.4=59400.

13.（2013浙江,19,14分）设袋子中装有a个红球,b个黄球,c个蓝球,且规定:

取出一个红球得1分,取出一个黄球得2分,取出一个蓝球得3分.

（1）当a=3,b=2,c=1时,从该袋子中任取（有放回,且每球取到的机会均等）2个球,记随机变量ξ为取出此2球所得分数之和,求ξ的分布列;

（2）从该袋子中任取（每球取到的机会均等）1个球,记随机变量η为取出此球所得分数.若Eη=,Dη=,求a∶b∶c.

解析　

（1）由题意得ξ=2,3,4,5,6.

故P（ξ=2）==,P（ξ=3）==,

P（ξ=4）==,P（ξ=5）==,

P（ξ=6）==.

所以ξ的分布列为

ξ

2

3

4

5

6

P

（2）由题意知η的分布列为

η

1

2

3

P

所以E（η）=++=,

D（η）=·+·+·=,化简得

解得a=3c,b=2c,故a∶b∶c=3∶2∶1.

14.（2013辽宁,19,12分）现有10道题,其中6道甲类题,4道乙类题,张同学从中任取3道题解答.

（1）求张同学至少取到1道乙类题的概率;

（2）已知所取的3道题中有2道甲类题,1道乙类题.设张同学答对每道甲类题的概率都是,答对每道乙类题的概率都是,且各题答对与否相互独立.用X表示张同学答对题的个数,求X的分布列和数学期望.

解析　

（1）设事件A=“张同学所取的3道题至少有1道乙类题”,则有=“张同学所取的3道题都是甲类题”.

因为P（）==,所以P（A）=1-P（）=.（6分）

（2）X所有的可能取值为0,1,2,3.

P（X=0）=···=;

P（X=1）=···+··=;

P（X=2）=···+··=;

P（X=3）=···=.

所以X的分布列为

X

0

1

2

3

P

（10分）

所以E（X）=0×+1×+2×+3×=2.（12分）

15.（2013江西,18,12分）小波以游戏方式决定是参加学校合唱团还是参加学校排球队.游戏规则为:

以O为起点,再从A1,A2,A3,A4,A5,A6,A7,A8（如图）这8个点中任取两点分别为终点得到两个向量,记这两个向量的数量积为X.若X=0就参加学校合唱团,否则就参加学校排球队.

（1）求小波参加学校合唱团的概率;

（2）求X的分布列和数学期望.

解析　

（1）从8个点中任取两点为向量终点的不同取法共有=28种,X=0时,两向量夹角为直角共有8种情形,

所以小波参加学校合唱团的概率为P（X=0）==.

（2）两向量数量积X的所有可能取值为-2,-1,0,1,X=-2时,有2种情形;X=1时,有8种情形;X=-1时,有10种情形.

所以X的分布列为:

X

-2

-1

0

1

P

EX=（-2）×+（-1）×+0×+1×=-.

考点二　离散型随机变量的均值与方差

1.（2017浙江,8,5分）已知随机变量ξi满足P（ξi=1）=pi,P（ξi=0）=1-pi,i=1,2.若0

A.E（ξ1）

B.E（ξ1）D（ξ2）

C.E（ξ1）>E（ξ2）,D（ξ1）

D.E（ξ1）>E（ξ2）,D（ξ1）>D（ξ2）

答案　A

2.（2014浙江,12,4分）随机变量ξ的取值为0,1,2.若P（ξ=0）=,E（ξ）=1,则D（ξ）=　　　　. 

答案　

3.（2015福建,16,13分）某银行规定,一张银行卡若在一天内出现3次密码尝试错误,该银行卡将被锁定.小王到该银行取钱时,发现自己忘记了银行卡的密码,但可以确认该银行卡的正确密码是他常用的6个密码之一,小王决定从中不重复地随机选择1个进行尝试.若密码正确,则结束尝试;否则继续尝试,直至该银行卡被锁定.

（1）求当天小王的该银行卡被锁定的概率;

（2）设当天小王用该银行卡尝试密码的次数为X,求X的分布列和数学期望.

解析　

（1）设“当天小王的该银行卡被锁定”的事件为A,

则P（A）=××=.

（2）依题意得,X所有可能的取值是1,2,3.

又P（X=1）=,P（X=2）=×=,P（X=3）=××1=,

所以X的分布列为

X

1

2

3

P

所以E（X）=1×+2×+3×=.

教师用书专用（4—9）

4.（2017江苏,23,10分）已知一个口袋中有m个白球,n个黑球（m,n∈N*,n≥2）,这些球除颜色外完全相同.现将口袋中的球随机地逐个取出,并放入如图所示的编号为1,2,3,…,m+n的抽屉内,其中第k次取出的球放入编号为k的抽屉（k=1,2,3,…,m+n）.

1

2

3

…

m+n

（1）试求编号为2的抽屉内放的是黑球的概率P;

（