云南省昆明一中届高中新课标高三第四次一轮复习检测理科综合试题及答案详解.docx
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云南省昆明一中届高中新课标高三第四次一轮复习检测理科综合试题及答案详解
云南省昆明一中2020届高中新课标高三第四次一轮复习检测生物参考答案及评分标准
1．【答案】D
【解析】氮元素是构成叶绿素的重要元素，植物缺氮会影响叶绿体中叶绿素的合成，A选项正确；构成生命体的元素如C、H、O、N、P等可以在生物群落和无机环境之间循环往返，B选项正确；根瘤菌可以通过固氮作用为植物提供含氮养料,植物为根瘤菌提供营养物质,两者互利共生,C选项正确；生物大分子包括蛋白质、核酸和多糖,构成多糖的元素是C、H、O,D选项错误。
2．【答案】C
【解析】真核细胞中的各种细胞器常采用差速离心法分离,A选项正确；高斯采用数学模型建构的方法研究大核草履虫和双小核草履虫种群的数量变化,B选项正确；恩格尔曼采用水绵和好氧细菌,在光照条件下证明光合作用的场所是叶绿体,并没有采用同位素标记法,C选项错误；萨顿采用类比推理法推测基因与染色体的关系,D选项正确。
3．【答案】B
【解析】Gal3可通过体液运输到全身各处,不是定向运输到相应的组织细胞,A选项错误；胰岛素几乎可作用于全身组织细胞,Gal3与胰岛素竞争细胞膜上的胰岛素受体,因此可推测Gal3几乎可作用于全身组织细胞,B选项正确；吞噬细胞分泌Gal3的过程属于胞吐,不需要载体蛋白协助,C选项错误；抑制Gal3基因表达能缓解该实验小鼠的糖尿病症状,D选项错误。
4.【答案】A
【解析】部分种子萌发时可无氧呼吸产生乳酸,不会产生CO2,故A选项错误；种子萌发过程中进行呼吸作用消耗有机物,不进行光合作用,因此有机物的含量逐渐下降,故B选项正确；等质量的花生和玉米种子相比,前者脂肪含量更高,萌发时耗氧量更高,故C选项正确；与干种子相比,萌发的种子代谢旺盛,自由水与结合水的比值高,故D选项正确。
5．【答案】B
【解析】乙过程为细胞分化,细胞分化的实质是基因的选择表达,该过程中细胞的遗传信息不发生改变,A选项错误；细胞凋亡有利于多细胞生物体完成正常发育,B选项正确；细胞坏死不是由遗传物质控制的,是由极端外界环境造成的,C选项错误；衰老细胞中多种酶活性降低,并不是所有酶活性都降低,D错误。
6．【答案】D
【解析】基因重组可以产生新的性状组合,基因突变产生新性状,故A选项错误；染色体上缺失某个基因属于染色体结构的变异,故B选项错误；染色体变异发生在真核细胞的各个生命历程中,故C选项错误；病毒、细菌和动植物都可能发生基因突变,故D选项正确。
29.（10分,除特殊标注外,每空2分）
（1）基质（1分）
（2）酶、ATP和[H]反馈
（3）增产大棚内CO2浓度升高促进Rubisco催化更多C5与CO2结合,同时减少C5与O2结合,从而使制造的有机物增多（3分）
30.（10分,除特殊标注外,每空2分）
（1）抗原（1分）吞噬（1分）
（2）VLPs进入机体后无法感染细胞,不会引起细胞免疫
当HPV入侵时,记忆细胞能识别HPV并迅速增殖分化为记忆细胞和浆细胞（4分）
（3）癌基因或与致癌相关的核酸序列
31.（12分,除特殊标注外,每空2分）
（1）不定向同源染色体的相同位置控制相对性状的基因（3分）
（2）雄蝇
（3）能（1分）测交后代出现四种表现型且比例为1:
1:
1:
1,说明两对等位基因位于非同源染色体上,而节律基因在X染色体上,所以翅型基因位于常染色体上（4分）
32．（7分,除特殊标注外,每空1分）
（1）次生速度和方向优势物种
（2）五点取样法和等距取样法
（3）该生态系统的物种数量逐渐增多,营养结构变复杂,生态系统的自我调节能力变强,抵抗力稳定性升高（2分）
（4）间接
37.【生物——选修1：
生物技术实践】（15分,除特殊标记外,每空2分）
（1）核糖体（1分）强在低温和高温条件下固定化酶的活性都比游离酶的活性高
（2）化学结合法和包埋法交联剂使酶相互连接,体积变大,不易从包埋材料中漏出
（3）CaCl2明胶、琼脂糖、海藻酸钠、醋酸纤维素和聚丙烯酰胺等
（4）单位时间内、单位体积中反应物的剩余量或产物的生成量
38．【生物——选修3：
现代生物科技专题】（15分,除特殊标记外,每空2分）
（1）PstⅠ、SmaⅠ 含鱼抗冻蛋白基因的DNA、质粒 4 2
（2）抗氨苄青霉素基因（ampr）（1分）
（3）农杆菌转化或基因枪法 抗原—抗体杂交
（4）脱分化、再分化
化学参考答案及评分标准
7．【答案】A
【解析】
A.垃圾资源化,见《化学选修1》93页。
B.《化学2》101页“绿色化学的核心是利用化学原理从源头上减少和消除工业生产对环境的污染”
C.燃煤中加入石灰石,固硫反应为2CaCO3+2SO2+O2
2CaSO4+2CO2,增加二氧化碳的排放
D.沼气是可再生能源,天然气和可燃冰是不可再生能源
8．【答案】C
【解析】
A.乙酸乙酯分子结构呈链状,而乙酸薄荷酯的结构中出现六元环,二者结构不相似,不互为同系物
B.平面正六边形的内角为120O,与饱和碳原子的键角不符,故六个碳原子不在同一平面上
C.环上有6种等效氢,取代基上有4种等效氢,故一氯代乙酸薄荷酯共有10种
D.其不饱和度为2,芳香族化合物的不饱和度至少为4,所以不可能具有芳香族的同分异构体
9．【答案】C
【解析】依题意：
X（H）、Y（C）、Z（Si）、W（Cl）,该物质为二甲基二氯硅烷（CH3）2SiCl2
A.非金属性强弱的顺序为W（Cl）>Y（C）>Z（Si）
B.最高价氧化物的沸点Z（SiO2）>X（H2O）>Y（CO2）
C.该化合物中氢原子的最外电子层满足2电子稳定结构
D.XW（HCl）是共价化合物,属于强电解质,其水溶液呈酸性
10．【答案】D
【解析】
A.将28.6gNa2CO3·10H2O溶解于水配制成100mL溶液（不是溶解在100mL水中！
）,所得Na2CO3溶液的浓度为1mol·L-1
B.分液时,通过控制分液漏斗活塞先将下层液体从下端管口放出后,再将上层液体从上口倒出
C.CO2支持镁条燃烧
D.Fe3++3H2O
Fe（OH）3+3H+,CuO+2H+=Cu2++H2O,使铁离子水解平衡正移,产生沉淀
11．【答案】B
【解析】
A.足量的MnO2跟浓盐酸共热反应,盐酸浓度下降,盐酸还原性减弱,稀盐酸不能还原MnO2,则生成Mn2+的数目小于0.1NA
B.14C18O分子中含14个质子,（32-14）个中子,则0.1mol14C18O约含1.4NA个质子、1.8NA个中子
C.H3PO4是中强酸,部分电离,含0.01molH3PO4的溶液中,H+数目远远小于0.03NA
D.BrCl与H2O发生反应生成HBr和HClO,化合价没有发生变化,无电子转移
12．【答案】B
【解析】
A.电极b发生还原反应,为正极,外电路电流方向由电极b流向电极a
B.由电池图示可知,固体电解质传导O2-,正极的电极反应式应为：
O2＋4e－＝2O2-
C.负极发生氧化反应,C4H10与O2-共同反应生成CO2和H2O
D.《选修4》77页,燃料电池的能量转换率超过80%,远高于普通燃烧过程的能量转换率（仅30%多）
13．【答案】A
【解析】
A.H2C2O4的Ka2=6.40×10−5,NaHC2O4溶液中HC2O4-的水解平衡常数
Ka2＞Kh,所以NaHC2O4溶液显酸性
B.H2C2O4溶液中,根据电荷守恒：
c（H+）=c（HC2O4−）+2c（C2O42−）+c（OH−）
C.NaOH溶液滴定H2C2O4溶液至中性时,c（H+）=c（OH−）＝1×10−7mol·L-1,
则
D.物质的量为2:
1的H2C2O4、NaHC2O4混合溶液中,根据物料守恒：
3c（Na+）=c（HC2O4−）+c（C2O42−）+c（H2C2O4）
26.（14分）
（1）D（1分）B（1分）
（2）增大苯胺的转化率（1分）乙酸锌发生水解生成氢氧化锌（2分）
不断分离出反应过程中生成的水,促进反应正向进行,提高产品的产率（2分）
（3）液体量不再增加（1分）
（4）降低溶解度,促进产物析出（2分）
（5）趁热过滤（2分）
（6）67.4%（2分）
27.（15分）
（1）SiO2（1分）有（1分）0.859（2分）
（2）将Fe2+转化为Fe3+（1分）浸取温度为80℃,H2O2受热易分解（2分）
（3）Ni（OH）2+6NH3·H2O=[Ni（NH3）6]2++2OH-+6H2O（2分）
NH4++HCO3-+2OH-=NH3·H2O+CO32-+H2O（2分,答NH4++OH-=NH3·H2O也可）
（4）19.1%（2分）NiO（2分）
28.（14分,除特殊标注外,每空2分）
（1）-49.5kJ·mol-1
（2）活化能（1分）CuHS（1分）CuSO4（1分）
（3）空速较小,反应充分,故转化率最高,但生成的甲醇、二甲醚一部分继续转化为其它产物,选择性降低1×10.74%×3.12%/（1×4.84%×9.37%）循环利用（1分）
（图2分析：
空速为3000h-1时总转化率最小,可能的原因是催化剂表面积碳较多,降低了催化活性；空速为4000h-1时,反应虽然更不充分,但不产生或产生的积碳较少,对催化剂的活性没有影响或影响较小,故总转化率较空速3000h-1时高）
（4）CH3OCH3＋3H2O-12e－=2CO2＋12H+ 1.39
35.（15分）
（1）[Ar]3d34s2（2分）4s（1分）
（2）16（2分）sp2（1分）
（3）分子晶体（1分）高于（1分）
结构和组成相似,相对分子质量越大,分子间作用力越强（2分）
（4）8（1分）
（2分）303
/4（2分）
36.（15分）
（1）取代反应（1分）
（2分）
（2）羟基、酯基、碳碳双键（3分）
（3）乙醇（2分）
（4）18（2分,答19种系包含化合物C,也给分）
（1分）
（5）
（4分）
物理参考答案及评分标准
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
选项
D
C
C
D
C
BC
BD
AC
14.【解析】根据波尔原子模型,氢原子光谱是氢原子跃迁产生的,跃迁过程释放的光子能量只能是两能级的差,因此氢原子光谱是分立谱,A错误；氢原子只能吸收能量是两能级之差的光子后向高能级跃迁,也可以吸收能量大于等于能级绝对值的光子发生电离,B、C错误；大量氢原子向低能级跃迁发出的光子种数最多为
种,D正确,故选D。
15.【解析】由x-t图象可知：
斜率表示速度,甲车加速、乙车匀速,A、B都正确,前2s两车间的距离先增大后减小,2s末相遇,C错误D正确,故选C。
16.【解析】如图,对B受力分析,设斜面倾角为θ,由平衡条件得：
①
②,设最大静摩擦力约等于滑动摩擦,动摩擦因数为μ,则有
③,联立①②③得
与质量无关,故放上C后,B、C整体仍能保持静止,A错误；放上C之前,对A、B整体分析,重力和支持力平衡,地面对A没有摩擦,放上C后,对A、B、C整体地面仍然没有摩擦,故C正确B错误；地面对A的支持力大小等于A、B、C的重力,但两个力不是同一个力,D错误,故选C。
17.【解析】根据卫星绕地球做圆周运动的向心力公式
得
地球静止轨道1和倾斜轨道2半径相同,故周期相同,A错误；倾斜轨道2卫星运动的方向和地球自转的方向不同,故无法实现同步,B错误；中圆轨道3的半径小于静止轨道1的半径,故周期小于24h,C错误；地球赤
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