精选高中数学第1章立体几何初步章末过关检测卷苏教版必修2.docx
《精选高中数学第1章立体几何初步章末过关检测卷苏教版必修2.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《精选高中数学第1章立体几何初步章末过关检测卷苏教版必修2.docx(10页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
精选高中数学第1章立体几何初步章末过关检测卷苏教版必修2
【金版学案】2016-2017学年高中数学第1章立体几何初步章末过关检测卷苏教版必修2
(时间:
120分钟 满分:
150分)
一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知平面α和直线l,则α内至少有一条直线与l( )
A.平行 B.相交 C.垂直 D.异面
解析:
无论l在α内,还是与α平行或相交,都可在α内找到一条直线与l垂直.
答案:
C
2.对两条异面直线a与b,必存在平面α,使得( )
A.a⊂α,b⊂αB.a⊂α,b∥α
C.a⊥α,b⊥αD.a⊂α,b⊥α
解析:
已知两条异面直线a和b,可以在直线a上任取一点A,则A∉b.过点A作直线c∥b,则过a,c确定平面α,且使得a⊂α,b∥α.
答案:
B
3.已知直线m,n和平面α,β满足m⊥n,m⊥α,α⊥β,则( )
A.n⊥βB.n∥β或n⊂β
C.n⊥αD.n∥α或n⊂α
解析:
在平面β内作直线l垂直于α,β
的交线
,则由α⊥β得直线l⊥α.又因为m⊥α,所以l∥m.若m⊂β,要满足题中限制条件,显然只能n∥α或n⊂α;同理m⊄β,仍有n∥α或n⊂α.综上所述,D正确.
答案:
D
4.已知空间两条不同的直线m,n和两个不同的平面α,β,则下列命题正确的是( )
A.若m⊥α,n∥β,α⊥β,则m⊥n
B.若m⊥α,n⊥β,α⊥β,则m⊥n
C.若m∥α,n∥β,α∥β,则m∥n
D.若m∥α,n⊥β,α⊥β,则m∥n
解析:
对于A,m与n还可能平行或相交或异面;对于C,m与n还可能相交或
异面;对于D,m与n还可能相交或异面.
答案:
B
5.(2015·浙江卷)某几何体的三视图如图所示(单位:
cm),则该几何体的体积是( )
A.8cm3B.12cm3
C.cm3D.cm3
解析:
该几何体是由一个正方体和一个正四棱锥构成的组合体.下面是棱长为2cm的正方体,体积V1=2×2×2=8(cm3);上面是底面边长为2cm,高为2cm的正四棱锥,体积V2=×2×2×2=(cm3),所以该几何体的体积V=V1+V2=(cm3).
答案:
C
6.(2015·北京卷)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的表面积是( )
A.2+B.4+
C.2+2D.5
解析:
该三棱锥的直观图如图所示,且过点D作DE⊥BC,交BC于点E,连接AE,则BC=2,EC=1,AD=1,ED=2,
S表=S△
BCD+S△ACD+S△ABD+S△ABC=×2×2+××1+××1+×2×=2
+2.
答案:
C
7.(2015·课标全国Ⅰ卷)圆柱被一个平面截去一部分后与半球(半径为r)组成一个几何体,该几何体三视图中的正视图和俯视图如图所示.若该几何体的表面积为16+20π,则r=( )
A.1
B.2C.4D.8
解析:
由题意知,2r·2r+·2πr·2r+πr2+πr2+·4πr2=4r2+
5πr2=16+20π,解得r=2.
答案:
B
8.(2015·广东卷)若空间中n个不同的点两两距离都相等,则正整数n的取值( )
A.大于5B.等于5
C.至多等于4D.至多等于3
解析:
当n=3时显然成立,故排除A、B;由正四面体的四个顶点,两两距离相等,得n=4时成立.
答案:
C
9.如左下图所示,有一个水平放置的
透明无盖的正方体容器,容器高8cm,将一个球放在容器口,再向容器内注水,当球面恰好接触水面时测得水深为6cm,如果不计容器的厚度,则球的体积为( )
A.cm3B.cm3
C.cm3D.cm3
解析:
作出该球轴截面的图象,如图所示,依题意BE=2,AE=CE=4,
设DE=x,故AD=2+x,因为AD2=AE2+DE2,解得x=3,故该球的半径AD=5,所以V=πR3=(cm3).
答案:
A
10.如图所示,等边三角形ABC的边长为4,M,N分别为AB,AC的中点,沿MN将△AMN折起,使得平面AMN与平面MNCB所成的二面角为30°,则四棱锥A-MNCB的体积为( )
A.B.C.D.3
解析:
如图所示,作出二面角A-MNB的平面角∠AED,AO为△AED底边ED上的高,也是四棱锥A-MNCB的高.
由题意,得AO=.
V=××3=.
答案:
A
11.轴截面为正方形的圆柱的侧面积与全面积的比是( )
A.1∶2B.2∶3
C.1∶3D.1∶4
答案:
B
12.已知平面α⊥平面β,α∩β=l,在l上取线段AB=4,AC、BD分别在平面α和平面β内,且AC⊥AB,DB⊥AB,AC=3,BD=12,则CD的长度为( )
A.13B.C.12D.15
答案:
D
二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.将正确答案填在题中的横线上)
13.已知正四棱锥O-ABCD的体积为,底面边长为,则以O为球心,OA为半径的球的表面积为________.
解析:
设正四棱锥的高为h,则×()2h=,解得高h=.底面正方形的对角线长为×=,所以OA==,所以球的表面积为4π()2=24π.
答案:
24π
14.(2014·北京卷)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥最长棱的棱长为________.
解析:
根据三视图还原几何体,得如图所示的三棱锥P-ABC,由三视图的形状特征及数据,可推知PA⊥平面ABC,且PA=2.底面为等腰三角形,AB=BC,设D为AC中点,AC=2,则AD=DC=1,且BD=1,易得AB=BC=,所以最长的棱为PC,PC==2.
答案:
2
15.(2015·江苏卷)现有橡皮泥制作的底面半径为5、高为4的圆锥和底面半径为2、高为8的圆柱各一个.若将它们重新制作成总体积与高均保持不变,但底面半径相同的新的圆锥和圆柱各一个,则新的底面半径为________.
解析:
底面半径为5、高为4的圆锥和底面半径为2、高为8的圆柱的总体积为π·52×4+π·22×8=.设新的圆锥和圆柱的底面半径为r,则π·r2·4+π·r2×8=r2=,解得r=.
答案:
16.设甲、乙两个圆柱的底面积分别为S1,S2,体积分别为V1,V2,若它们的侧面积相等,且=,则的值是________.
解析:
设甲、乙两个圆柱的底面半径和高分别为r1,r2和h1,h2,
则2πr1h1=2πr2h2,所以=,
又==,
所以=.
所以==·=·=.
答案:
三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答时应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤)
17.(本小题满分10分)(2014·课标全国Ⅱ卷)如图所示,四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,E为PD的中点.
(1)证明:
PB∥平面AEC;
(2)设AP=1,AD=,三棱锥P-ABD的体积V=,求A到平面PBC的距离.
(1)证明:
如
图所示,设BD与AC的交点为O,连接EO.因为四边形ABCD为矩形,所以O为BD的中点.
又E为PD的中点,
所以EO∥PB.
因为EO⊂平面AEC,PB⊄平面AEC,
所以PB∥平面AEC.
(2)解:
由V=PA·AB·AD=AB,又V=,可得AB=.作AH⊥PB交PB于点H.由题设知BC⊥平面PAB,所以BC⊥AH.
故AH
⊥平面PBC.
在Rt△PAB中,由勾股定理可得PB=,
所以AH==.
所以A到平面PBC的距离为.
18.(本小题满分12分)如图所示,四棱锥P-ABCD的底面ABCD是边长为2的菱形,∠BCD=60°.已知PB=PD=2,PA=.
(1)证明:
PC⊥BD;
(2)若E为PA的中点,求三棱锥P-BCE的体积.
(1)证明:
如图所示,连接BD,AC交于点O.
因为PB=PD,
所以PO⊥BD.
又因为ABCD是菱形,所以BD⊥AC.而AC∩PO=O,
所以BD⊥面PAC.所以BD⊥PC.
(2)解:
由
(1)知BD⊥面PAC.
由已知得BD=2,AC=2,PO=.
所以S△PEC=S△PAC=××2×=.
所以VP-BCE=VB-PEC=·S△PEC·BO=××1=.
19.(本小题满分12分)将圆心角为120°,面积为3π的扇形,作为圆锥的侧面,求圆锥的表面积和体积.
解:
设扇形的半径和圆锥的母线都为l,圆锥的底面半径为r,
则πl2=3π,l=3;×3=2πr,r=1;
S表面积=S侧面+S底面=πrl+πr2=4π,
V=Sh=×π·12×2=π.
20.(本小题满分12分)一个几何体按比例绘制出的三视图如图所示(单位:
m).
(1)试画出其直观图;
(2)求它的体积.
解:
(1)几何体的直观图如图所示.
(2)由直观图知,该几何体可看成底面立起来的四棱柱,其体积为V=×(1+2)×1×1=(m3).
21.(本小题满分12分)如图所示,四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是矩形,PA⊥底面ABCD,PA=AB=1,AD=,点F是PB的中点,点E在边BC上移动.
(1)求三棱锥E-PAD的体积;
(2)点E为BC的中点时,试判断EF与平面PAC的位置关系,并说明理由;
(3)求证:
无论点E在BC边的何处,都有PE⊥AF.
(1)解:
因为PA⊥底面ABCD,所以PA⊥AD,
所以三棱锥E-PAD的体积为V=S△PAD·AB=××1××1=.
(2)解:
当点E为BC的中点时,EF与平面PAC平行.
因为在△PBC中,E,F分别为BC,PB的中点,
所以EF∥PC.又EF⊄平面PAC,而PC⊂平面PAC,
所以EF∥平面PAC.
(3)证明:
因为PA⊥平面ABCD,BE⊂平面ABCD,
所以EB⊥PA.
因为EB⊥AB,AB∩AP=A,AB,AP⊂平面PAB,
所以EB⊥平面PAB.
又因为AF⊂平面PAB,
所以AF⊥BE.
因为PA=AB=1,点F是PB的中点,所以AF⊥PB.
因为PB∩BE=B,PB,BE⊂平面PBE,
所以AF⊥平面PBE.
因为PE⊂平面PBE,所以AF⊥PE.
22.(本小题满分12分)(2014·广东卷)如图①所示,四边形ABCD为矩形,PD⊥平面ABCD,AB=1,BC=PC=2,按图②方式折叠,折痕EF//DC.其中点E,F分别在线段PD,PC上,沿EF折叠后点P叠在线段AD上的点记为M,并且MF⊥CF.
(1)证明:
CF⊥平面MDF;
(2)求三棱锥M-CDE的体积.
(1)证明:
如图所示,因为PD⊥平面ABCD,AD⊂平面ABCD,
所以PD⊥AD.
又因为ABCD是矩形,
CD⊥AD,PD与CD交于点D,
所以AD⊥平面PCD.
又CF⊂平面PCD,
所以AD⊥CF,即MD⊥CF.
又MF⊥CF,MD∩MF=M,
所以CF⊥平面DMF.
(2)解:
因为PD⊥DC,BC=2,CD=1,∠PCD=60°,
所以PD=,由
(1)知FD⊥CF,
在
直角三角形DCF中,CF=CD=.
过点F作FG⊥CD,
得FG=FGsin60°=×=,
所以D
E=FG=,故ME=PE=-=.
所以MD===.
S△CDE=DE·DC=××1=.
故VM-CDE=MD·S△CDE=××=.