电动力学习题解答.docx
《电动力学习题解答.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《电动力学习题解答.docx(43页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
![电动力学习题解答.docx](https://file1.bdocx.com/fileroot1/2022-12/11/72c694c5-0864-4b3d-a02b-a12c4c16ceb2/72c694c5-0864-4b3d-a02b-a12c4c16ceb21.gif)
电动力学习题解答
第二章静电场
1.一个半径为R的电介质球,极化强度为PKr/r2,电容率为。
(1)计算约束电荷的体密度和面密度:
(2)计算自由电荷体密度;
(3)计算球外和球内的电势;
(4)求该带电介质球产生的静电场总能量。
解:
(1)p
P
K
(r/r2)
K[(1/r2)
rr
(1/r2)]
K/r2
p
n(P2
P1)
er
PrR
K/R
(2)D内
0EPP
/(
0)
f
D内
P/(
0)
K/(
0)r2
(3)E内
D内/
P/(
0)
E外
D外
fdV
KR
er
40r
2er
0(
2
0
0)r
外
E外
dr
KR
0(
0)r
r
R
E外
dr
K
(ln
R
)
内
E内dr
r
r
R
0
0
(4)W
1
1
K2
R4r2dr1
2K2R2
4r2dr
DEdV
2
0
2
2
R
4
2
2(
0)
r
2
0(
0)
r
2R(1
)(
K
)2
10
2.在平均外电场中置入半径为R0的导体球,试用分别变量法求以下两种状况的电势:
(1)导体球上接有电池,使球与地保持电势差
0;
(2)导体球上带总电荷Q
解:
(1)该问题拥有轴对称性,对称轴为经过球心沿外电场E0方向的轴线,取该轴线为
极轴,球心为原点成立球坐标系。
当RR0时,电势知足拉普拉斯方程,通解为
(anR
n
bn
1)Pn(cos
)
n
R
n
因为无量远处
E
E0,
0
E0Rcos
0
E0RP1(cos)
所以
a0
0,a1
E0,an
0,(n2)
当
R
R0
时,
0
所以
0
E0R0P1(cos
)
bn
Pn(cos
)
0
n1
n
R0
即:
0
b0/R0
0,
b1/R02
E0R0
所以
b0
R0(
0
0),
b1
E0R03
bn
0,(n
2)
0
E0Rcos
R0(
0
0)/R
E0R03cos
/R2
(R
R0)
0
(R
R0)
(2)设球体待定电势为
0,同理可得
0
E0Rcos
R0(
0
0)/R
E0R03cos
/R2
(R
R0)
0
(R
R0)
当
R
R0
时,由题意,金属球带电量
Q
nRRdS
0
0
2
Q
0
0
(E0cos
R0
2E
0cos
)R0sindd
0
4
0R0(0
0)
所以(
0
0)Q/4
0R0
0
E0Rcos
Q/4
0R
(E0R03/R2)cos
(R
R0)
0
Q/4
0R
(RR0)
3.平均介质球的中心置一点电荷
Qf
,球的电容率为
,球外为真空,试用分别变量法求
空间电势,把结果与使用高斯定理所得结果比较。
提示:
空间各点的电势是点电荷Qf的电势Qf/4R与球面上的极化电荷所产生的电
势的迭加,后者知足拉普拉斯方程。
解:
(一)分别变量法
空间各点的电势是点电荷Qf的电势Qf/4R与球面上的极化电荷所产生的电势
的迭加。
设极化电荷产生的电势为,它知足拉普拉斯方程。
在球坐标系中解的形
式为:
内
(
anR
n
bn
)(
cos
)
n
R
n
1
Pn
(
cnR
n
dn
)(
cos
)
外
n
Rn
1Pn
当R
时,
外
0,
cn
0。
当R
0时,
内为有限,
bn
0。
所以
内
anR
n(
cos
)
,
外
dn
P(ncos
)
n
Pn
n
R
n1
因为球对称性,电势只与
R相关,所以
an
0,
(n
1)
dn
0,
(n
1)
内
a0,
外
d0/R
所以空间各点电势可写成
内
a0
Qf
4
R
外
d0
R
Qf
4
R
当R
R0时,由
内
外
得:
a0
d0/R0
由
内
外
得:
Qf
0Qf
0d0
Qf
11
n
0
n
4R02
4R02
R02,d0
4
(
)
0
a0
Qf
1
1
)
则
(
4R0
0
所以
Qf
Qf
(
1
1
)
内
4
R
4R0
0
Qf
Qf
(
1
1
Qf
外
4
R
)
4
0R
4R
0
(二)应用高斯定理
在球外,R>R,由高斯定理得:
0
E外
ds
Q总
Qf
Qp
Qf,(整个导体球
0
的约束电荷Qp
0),所以
E外
Qf
er
,积分后得:
4
0R
2
RE外dR
Qf
dR
Qf
外
R4
0R2
4
0R
Qf,所以
在球内,RE内ds
0
E内
Qf
er,积分后得:
4R
2
R0
Qf
Qf
Qf
E内
dR
E外
dR
结果同样。
内
4R4R0
40R
R
R0
4.平均介质球(电容率为
1)的中心置一自由电偶极子
pf,球外充满了另一种介质
(电
容率为2),求空间各点的电势和极化电荷散布。
解:
以球心为原点,pf的方向为极轴方向成立球坐标系。
空间各点的电势可分为三种电
荷的贡献,即球心处自由电偶极子、极化电偶极子及球面上的极化面电荷三部分的
贡献,此中电偶极子产生的总电势为
pf
R/4
1R3。
所以球内电势可写成:
i
'
i
p
f
R/4
1
R3
;球外电势可写成:
o
'p
f
R/4
1
R3
o
此中'i和'o为球面的极化面电荷激发的电势,知足拉普拉斯方程。
因为对称性,
'i和'o均与没关。
考虑到R0时'i为有限值;R时'o0,故拉普拉
斯方程的解为:
i
n(
cos
)
(R
R0)
anRPn
n
o
bn
(
cos
)
(R
R0)
n
R
n1
Pn
由此
i
p
f
R/4
1R
3
n(cos)
(
RR0
)
(1)
anRPn
n
pf
R/4
1R
3
bnR
(n1)
(
cos
)
(R
R0)
(2)
o
n
Pn
界限条件为:
iR
R
o
RR
(3)
0
0
1
i
2
o
(4)
RRR
RRR
0
0
将
(1)
(2)代入(
3)和(4),而后比较
(cos)
的系数,可得:
Pn
an
0,
bn
0
(n1)
a1
(1
2)pf/2
1(1
22)R03
b1
a1R03
(1
2)pf/2
1(1
22)
于是获得所求的解为:
pf
R
(1
2)pfRcos
i
1R3
2
1(1
22)R03
4
pf
R
(
1
2)
pf
R
(R
R0)
4
1R
3
2
1(1
3
22)R0
pf
R
(1
2)pf
cos
pf
R
(1
2)
pfR
o
1R3
21(1
22)R2
41R3
2
1(1
22)R3
4
3pf
R
(R
R0)
4
(
12
2)R3
在平均介质内部,只在自由电荷不为零的地方,极化电荷才不为零,所以在球体内部,
只有球心处存在极化电荷。
p
P
[(10)E]
[1
0D](0
1)D
1
1
(
0
/
1
1)f
所以pp
(
0
/1
1)pf
在两介质交界面上,极化电荷面密度为
p
er
(p1
p2)(1
0)er
Ei(2
0)er
Eo
(1
0)
i
(20)
o
RR0
RR0
因为
1
i
2
o
,所以
RR
RR
0
0
p
0(
i
o)
30(
1
2)pf
3
cos
R
R
21(
R
1
22)R0
0
5.空心导体球壳的内外半径为
R1和R2,球中心置一偶极子
p球壳上带电Q,求空间各
点的电势和电荷散布。
解:
以球心为原点,以
p的方向为极轴方向成立球坐标系。
在
RR1及R
R2两平均
地区,电势知足拉普拉斯方程。
通解形式均为
(
anR
n
bn
)(cos)
n
R
n1
Pn
当R
时,电势趋于零,所以
R
R2
时,电势可写为
o
bn
(cos)
(1)
n
R
n
1Pn
当R
0时,电势应趋于偶极子
p激发的电势:
pf
R/4
0R3
pcos
/4
0R2
所以R
R1时,电势可写为
pcos
n(
)
(2)
i
4
0R2
anRPncos
n
设球壳的电势为s,则
oR2
bn
(cos)
s
n
1Pn
nR2
(3)
iR1p
cos/4
2
n
(cos
)
s
0R1
anR1
Pn
n
(4)
由(3)
得:
b0
sR2
;bn
0
(n
0)
由(4)
得:
a0
s;a1
p/4
0R13
;an
0
(n
0,1)
所
以
osR2/R
(5)
i
pcos
/4
0
R2
s
pRcos
/4
0
R
3
1
(6)
再由
0
odS
0
sR224R2
Q得:
S
R
R
sQ/40R2
(7)
将(7)代入(5)(6)得:
o
Q/4
0R
(RR2)
pcos
Q
pRcos
1
pR
Q
pR
i
40R2
40R2
4
0R13
4
0(R3
R2
R13
)
在R
R2处,电荷散布为:
Dn
0
o
Q
RR2
4R22
在R
R1处,电荷散布为:
'
Dn
0
i
3pcos
RR
4R13
1
6.在平均外电场E0
中置入一带平均自由电荷
f的绝缘介质球(电容率为
),求空间
各点的电势。
解:
以球心为原点,以E0的方向为极轴方向成立球坐标系。
将空间各点的电势看作由两
部分迭加而成,一部分
1为绝缘介质球内的平均自由电荷产生,
另一部分
2为外电
场E0及E0感觉的极化电荷产生。
前者可用高斯定理求得,后者知足拉普拉斯方程。
因为对称性,2的形式为
(anRn
bnR(n
1))Pn(cos
)
n
关于
1,当R
R0时,由高斯定理得:
D1
fR03/3R2,E1
fR03/30R2
当R
R0时,由高斯定理得:
D2
fR/3
,E2
fR/3
R0
fR03
/30R2)dR
0
fR/3)dR
1的球外面分:
o1
(
(
R
R0
fR03/30R
fR02/30
fR02/6
(1)
0
0
fR/3
fR2/6
1的球内部分:
i1
E2
dR
(
)dR
(2)
R
R
关于2,当R时,2E0Rcos,所以
o2
E0Rcos
bn
(
cos
)
(R
R0)
n
R
n1Pn
当R
0
时,
2为有限,所以
i2
n(
)
(R
R0)
anRPncos
n
界限条件为:
RR0时,
i2,
o2
i2
。
即:
o2
0
RR0
RR0
E0R0cos
bnR0
(n1)Pn(cos
)
anR0nPn(cos)