四川省遂宁市射洪县射洪中学学年高二上学期第一次月考物理试题 Word版含答案.docx
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四川省遂宁市射洪县射洪中学学年高二上学期第一次月考物理试题Word版含答案
射洪中学2017-2018学年高二上期第一学月考试
物理试卷
卷
一、选择题（共56分，每小题4分。
）
1.下列单位中是电场强度的单位的是（ ）
A．
N/C
B．
V•m
C．
J/C
D．
J/s
2.下列各量中，与检验电荷无关的量是（ ）
A．
电场强度E
B．
电场力F
C．
电势差U
D．
电场做的功W
3.下列选项中的各1/4圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。
坐标原点
处电场强度最大的是（）
4.关于静电场，下列说法正确的是（ ）
A．在电场中某点电势等于零，则该点电场强度一定为零，
B．由公式
可知电场中某点的电势
与q成反比
C．根据公式
可知，在匀强电场中a、b间的距离越大，电势差就越大
D．正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少
5.用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：
O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称．则（ ）
A．
E、O、F三点比较，O点电势最高
B．
A、D两点场强大小相等，方向相反
C．
E、O、F三点比较，O点场强最强
D．
B、O、C三点比较，O点场强最强
6.某电场的电场线分布如图实线所示，一带电粒子在电场力作用下经A点运动到B点，运动轨迹如虚线所示．粒子重力不计，则粒子的加速度、动能、电势能的变化情况是（ ）
A．
若粒子带正电，其加速度和动能都增大，电势能减小
B．
若粒子带正电，其动能增大，加速度和电势能都减小
C．
若粒子带负电，其加速度和动能都增大，电势能减小
D．
若粒子带负电，其加速度和动能都减小，电势能增大
7.将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是（ ）
A．
保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍
B．
保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍
C．
保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半
D．
保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半
8.如图所示，两段等长细线将质量分别为2m、m的小球A、B悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力4F的作用、小球B受到水平向左的恒力F的作用，当系统处于静止状态时，可能出现的状态应是（ ）
A．
B．
C．
D．
9.如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处（不计电子的重力）．下列说法正确的是（）
A．从t＝0时刻释放电子，电子可能在两板间来回振动
B．从t＝0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上
C．从t＝3T/8时刻释放电子，电子必将打到左极板上
D．从t＝T/4时刻释放电子，电子可能在两板间来回振动，也可能打到右极板上
10.空间中P、Q两点处各固定一个点电荷，其中P点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，a、b、c、d为电场中的4个点，则（）
A．P、Q两点处的电荷等量同种
B．a点和b点的电场强度相同
C．负电荷从a到c，电势能减少
D．c点的电势低于d点的电势
11.在同一直线上的M、N两点正好是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）
A．该电场有可能是匀强电场
B．N点的电势比M点电势低
C．带电粒子的运动轨迹是曲线
D．该电子运动的加速度越来越小
12.如图所示，MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，ACB为圆弧。
一个质量为m、电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道。
不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（）
A．小球一定能从B点离开轨道
B．小球在AC部分可能做匀速圆周运动
C．小球再次到达C点的速度可能为零
D．当小球从B点离开时，上升的高度一定等于H
13.如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L.现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是（ ）
A．Q2带负电且电荷量小于Q1
B．粒子从a点运动到b点电场力做正功
C．a点的电势比b点的电势高
D．粒子在a点的电势能比b点的电势能大
14.如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，空间有匀强电场，场强大小为E，方向与水平面平行．在圆上A点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过B点的小球动能最大，由于发射时刻不同时，小球间无相互作用，且∠α=30°，下列说法正确的是（）
A．电场的方向垂直AB向上
B．电场的方向垂直AB向下
C．小球在A点垂直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为qER/8
D．小球在A点垂直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为qER／4
卷
二、实验题：
（共16分，每空2分）
15.美国物理学家密立根通过如图所示的实验装置，最先测出了电子的电荷量，被称为密立根油滴实验。
如图，两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下，图中油滴由于带负电悬浮在两板间保持静止。
（1）若要测出该油滴的电荷量，需要测出的物理量有__________。
A．油滴质量mB．两板间的电压U
C．两板间的距离dD．两板的长度L
（2）用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=________（已知重力加速度为g）
（3）在进行了几百次的测量以后，密立根发现油滴所带的电荷量虽不同，但都是某个最小电荷量的整数倍，这个最小电荷量被认为是元电荷，其值为e=__________C。
16.如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连．
（1）使电容器带电后与电源断开
①将左极板上移，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；
②将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；
③两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；
④由此可知平行板电容器的电容与 有关．
（2）下列关于实验中使用静电计的说法中正确的有
A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况
B．使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况
C．静电计可以用电压表替代
D．静电计可以用电流表替代．
三、计算题：
（17题8分，18、19、20题各10分）
17．有一带电量
的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功
．从B点移到C点时电场力做功
．问：
（1）AB、BC、CA间电势差各为多少？
（2）如以B点电势为零，则A、C两点的电势各为多少？
电荷在A、C两点的电势能各为多少？
18．电学中有些仪器经常用到下述电子运动的物理原理．某一水平面内有一直角坐标系xOy，x=0和x=L=10cm的区间内有一沿x轴负方向的有理想边界的匀强电场E1=1.0×104V/m，x=L和x=3L的区间内有一沿y轴负方向的有理想边界的匀强电场E2=1.0×104V/m，一电子（为了计算简单，比荷取=2×1011C/kg）从直角坐标系xOy的坐标原点O以很小的速度进入匀强电场E1，计算时不计此速度且只考虑xOy平面内的运动．求：
（1）电子离开匀强电场E1时的速度大小；
（2）电子从O点进入到离开x=3L处的电场所需的时间；
（3）电子离开x=3L处的电场时的y坐标．
19．如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的小球1，线的上端固定于O点，若在B点同一水平线上的左方距离为r处固定另一带电小球2，小球1恰好处于静止状态，当拿走小球2后，小球1由静止开始向上摆动，当细线转过120°角到达A点时的速度恰好为零，此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态，静电力常量为k．求：
（1）BA两点间的电势差U；
（2）匀强电场的场强E的大小；
（3）小球2的带电量Q．
20．如图，水平面上的矩形箱子内有一倾角为θ的固定斜面，斜面上放一质量为m的光滑球，静止时，箱子顶部与球接触但无压力，箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后再做加速度大小为a的匀减速运动直至静止，经过的总路程为s，运动过程中的最大速度为v．
（1）求箱子运动总时间t；
（2）求箱子加速阶段的加速度为a′．
（3）若a＞gtanθ，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力．
高2014级高二上期第一学月月考试题
物理试卷（答案）
1.A2.AC3.B4.D5.C6.AC7.D8.B9.BD10.C11.D12.BD13.A14.C
15.
（1）ABC。
（2）
。
（3）1.6×10-19C16.
（1）
变大
变小
变小
两板正对面积、两板距离和两板间介质有关
（2）A
17.解：
（1）
而电势差UAC=φA﹣φC=φA﹣φB+φB﹣φC=UAB+UBC=﹣100V
故CA间电势差UCA=﹣UAC=100V
（2）因B点为0电势点，则φA=UAB=200V，φC=UCB=﹣UBC=300V
18.解：
（1）设电子离开x=L的位置为P点，离开x=3L的位置为Q点，则：
vP=
=2×107m/s
（2）电子从O点运动到P点：
电子从P点运动到Q点：
t2=
=10﹣8s
所以总时间为t=t1+t2=2×10﹣8s
（2）电子运动到Q点时：
yQ=
代入数据得：
yQ=0.1m
19.解：
（1）小球1从B到A过程，由动能定理得：
qU﹣mgLcos30°=0﹣0
解得：
U=
（2）BA间沿电场线的距离为：
d=L+Lsin30°
在匀强电场，有：
E=
所以联立以上三式得：
E=
（3）未拿走球2时，小球1恰好处于静止状态，小球1和2间的作用力为：
F库=k
小球1受力平衡，则有：
Fsin30°+qE=k
Fcos30°=mg
所以解得：
Q=
20
解：
（1）
解得：
（2）设加速度为a′，由匀变速直线运动的公式：
得：
解得：
（3）设小球不受车厢的作用力，应满足：
Nsinθ=ma
Ncosθ=mg
解得：
a=gtanθ
减速时加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力N与左壁支持力共同提供，当a＞gtanθ时，
左壁的支持力等于0，此时小球的受力如图，
则：
Nsinθ=ma
Ncosθ﹣F=mg
解得：
F=macotθ﹣mg
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