八年级数学图形变换旋转复习.docx
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八年级数学图形变换旋转复习
图形变换(旋转)复习
一、知识考点
1.理解旋转与中心对称的概念
(旋转角,旋转中心,对称中心,对称点,中心对称图形)
2.旋转前后图形具有的性质,这是在处理很多复杂问题时,我们所依据的内容,主要关注了:
(1)对应点与旋转中心所连线段相等;
(2)等于旋转角的角;
(3)全等.
二、例题分析
例1.如图,在平面直角坐标系中,A点坐标为(3,4),将OA绕原点O逆时针旋转90°得到OA′,则点A′的坐标是()
A.(-4,3) B.(-3,4) C.(3,-4) D.(4,-3)
分析:
线段的旋转实际上是放置问题中的一个基础内容,有了线段旋转的研究我们以后对于旋转的理解和使用会更加灵活,那么,如何实现线段的旋转呢?
在本题中,我们借助坐标系的帮助,思考一下线段的旋转的具体操作方法及小结一下心得.
有些同学可能想到利用三角板来作直角解决问题,这种方法比较直接,但是工具和操作的不精确可能导致了作图的不精确,我们势必要研究通过计算得到结果的方法,坐标系的好处是当我们要确定A′位置时,只须确认A′坐标(横,纵)即可.因此有的同学采用了“数格”的方法,这种方法很容易操作,还有的同学想到了把OA放在一个矩形中(如图形OMAN)这样把整个矩形旋转90°更易找到A的对应点A′,由此我们找到一个很好的方法:
在旋转一条线段时,为了更易发现图形变换前后的特点,我们可以将线段放到矩形或直角三角形中,将图形整体旋转.这在很多问题中有所体现,如以前的一个问题:
如图,已知梯形ABCD中,AD∥BC,∠B=90°,AD=3,BC=5,AB=1,把线段CD绕点D逆时针旋转90°到DE位置,连结AE,则AE的长为
.
题目中把线段CD绕点D旋转,这时可能还不易处理,那么我们可能会想到把它们放在基本图形中,但题目的图中也没有合适的含有DE、DC两线段的全等形,因此,我们可以构造含有DE、DC的直角三角形,进而实现旋转.
提示:
过E作EG⊥AD于G,过D作DF⊥BC于F,易证△DEG≌△DCF,使问题得到解决.
例2.在平面直角坐标系中,已知点P0的坐标为(1,0),将点P0绕着原点O按逆时针方向旋转60°得点P1,延
长OP1到点P2,使OP2=2OP1,再将点P2绕着原点O按逆时针方向旋转60°得点P3,则点P3的坐标是_____.
分析:
准确的画图将为我们研究问题提供较好的思维切入点,据题意,画示意图.
由图可知,P3与P2关于y轴对称,因此只须求得P2坐标,而我们可以发现△OP0P2为含60°角的直角三角形,所以马上可以知道
,
.
例3.如图,△A′B′C′是△ABC旋转后得到的图形,请确定旋转中心,旋转角.
分析:
我们以前曾经处理过一些有关作图的内容,其实旋转中心的确定是依托于旋转的性质的.我们由对应点到旋转中心的距离相等,想到旋转中心在对应点所在连线段的垂直平分线上.而只要做到两条这样的垂直平分线,并能得一个交点,那么这个交点就是我们所要的旋转中心,再根据旋转角的定义即可作出旋转角.我们知道,旋转的一种特殊情况是中心对称,那么我们不妨小结一下.
答案:
∵对应点到旋转中心的距离相等,即OA=OA′
∴O点在AA′的垂直平分线上
同理O点也在BB′的垂直平分线上
∴两条垂直平分线的交点O就是旋转中心,∠AOA′的度数就是旋转角.
确定关于某点成中心对称的两个图形的对称中心的方法:
(1)利用中心对称的性质:
对称点所连线段被对称中心所平分,所以连接任意一对对称点,取这条线段的中点,则该点即为对称中心.
(2)利用中心对称的性质:
对称点所连线段都经过对称中心,所以连接任意两对对称点,则这两条线段的交点即为对称中心.
发展:
找到旋转中心的关键是找到对应点,作其连线的垂线而大家一定要注意,有些问题是没有说谁和谁对应的,这样的问题往往需要分类讨论.如:
线段CD是线段AB旋转后得到的,请确定旋转中心.
这样的旋转中心有两个
一个是让点A与点C,点B与点D对应作出的;
另一个是让点A与点D,点B与点C对应作出的.
有兴趣的话,大家不妨任画两个等边三角形,看看能不能把其中一个看成是另一个旋转而成,能不能找到它的旋转中心,有几个?
练习:
已知:
如图甲,试用一条直线把图形分成面积相等的两部分(至少三种方法)
分析:
过中心对称图形的对称中心的任意一条直线,将该图形分成完全相同的两部分.当然其面积也相等.解决这类问题时,关键是将图形转化成两个中心对称图形(如果原图形本身就是中心对称图形,则直接过对称中心作直线即可),再由两点确定一条直线,过两个对称中心画直线即满足条件.
发展:
如果图为平行四边形中有一个圆,你该怎么办?
其处理方法实质上和上题一致,利用中心对称图形的组合,由性质确认解决方案:
画出圆与平行四边形的中心,确定出所需直线.
例4.如图,已知△ABC中,AB=AC,∠BAC=90°,直角∠EPF的顶点P是BC中点,两边PE、PF,分别交AB、AC于点E、F,给出以下五个结论:
①AE=CF;②∠APE=∠CPF;③△EPF是等腰直角三角形;④EF=AP;⑤
;当∠EPF在△ABC内绕顶点P旋转时,(点E不与A,B重合),上述结论中始终正确的序号有_____(①②③⑤)
这个问题的题目原型,我们在初二学习全等三角形时已经处理过,现在学习了旋转后,我们可以从一个新的角度去看旧问题.
∵P为BC中点
∴易证
于P且
在△AEP与△CFP中,
∴△AEP≌△CFP(ASA)
而我们也可以看到△AEP可以看作是由△CPF旋转后得到的,因而易知AE=CF
∠APE=∠CPF
又EP=FP,可知△EPF为等腰直角三角形
而由旋转也可知S四边形AEPF=S△AEP+S△AFP=S△CFP+S△AFP=S△APC
而对于④来说,只有在EF∥BC时,
,是特殊情况.
这类问题相当普通,有很多种变形.
练习
1.如图1,一等腰直角三角尺GEF的两条直角边与正方形ABCD的两条边分别重合在一起,现正方形ABCD保持不动,将三角尺GEF绕斜边EF的中点O(点O也是BD中点)按顺时针旋转.
(1)如图2,当EF与AB相交于点M,GF与BD相交于点N时,通过观察或测量BM、FN的长度,猜想BM、FN满足的数量关系,并证明你的猜想;
(2)若三角尺GEF旋转到如图3所示的位置时,线段FE的延长线与AB的延长线相交于点M,线段BD的延长线与GF的延长线相交于点N,此时,
(1)中的猜想还成立吗?
若成立,请证明;若不成立,请说明理由.
这个问题与例题相似的是图形连续变换中的基本想法,所不同的是变换的基本图,但其处理方法仍很具普遍性.
证:
(1)易知等腰直角三角形EFG中,
同理,在等腰直角三角形ABD中
在△ONF与△OBM中
∴△OFN≌△OBM(ASA)
∴BM=FN
分析:
有了第
(1)问的处理,我们不妨可以这样处理第
(2)问,同理将图2旋转到另一个位置得到的,那么在运动图形变换的问题中,不妨采取上一问的处理方法先试一下,有哪些是可以延用的?
细微的改变和差异是什么?
略证:
(2)证△OFN≌△OBM.
2.如图,O为矩形ABCD的中心,将直角三角板的直角顶点与O点重合,转动三角板使两直角边始终与BC、AB相交,交点分别为M、N,如果AB=4,AD=6,OM=x,ON=y,则y与x的关系是()
A.
B.
C.
D.
这是对例题的另一种发展,将基本图形稍加改变(正方形→长方形),这种改变带来的效果是:
1.原来四边相等的条件消失,只有对边相等,因而可能不再具备原来哪样全等的条件.
2.原来的四角均为直角,现在也是,因而原来可能会使用到的角相等的条件应该还能使用.
3.综上,我们可以考虑用相似替代全等进行证明.
略解:
过O作OP⊥BC于P,OQ⊥AB于Q
在△OPM与△OQN中
∴△OPM∽△OQN
.
例5.用等腰直角三角板画∠AOB=45°,并将三角板沿OB方向平移到如图所示的虚线处后绕点M按逆时针方向旋转22°,则三角板的斜边与射线OA的夹角
.
分析:
我们由题意可以知道,三角板在旋转过程中的旋转角为22°,因而其对应边所在直线的夹角为22°,从这个角度,我们易知三角板斜边转过了22°,而平移过程中,斜边保持和原来位置的平移.
∴可以知道,三角板斜边与射线OA(平移前三角板斜边所在射线)夹角为22°.
例6.如图,将一块斜边长为12cm,∠B=60°的直角三角板ABC,绕点C沿逆时针方向旋转90°至△A′B′C′的位置,再沿CB向右平移,使点B′刚好落在斜边AB上,那么此三角板向右平移的距离是_____cm.
过B′作B′D∥BC交AB于D
∴B′D⊥AC于B′
在Rt△ABC中,∠B=60°
∴B′C=BC=6cm
∴在Rt△AB′D中,
.
例7.在同一平面直角坐标系中有6个点:
A(1,1),B(-3,-1),C(-3,1),D(-2,-2),E(-2,-3),
F(0,-4)
(1)画出△ABC的外接圆⊙P,并指出点D与⊙P的位置关系;
(2)若将直线EF沿y轴向上平移,当它经过点D时,设此时的直线为l1,①判断直线l1与⊙P的位置关系,并说明理由;
②再将直线l1绕点D按顺时针方向旋转,当它经过点C时,设此时的直线为l2,求直线l2与⊙P的劣弧CD围形的面积(结果保留
)
解:
(1)所画⊙P如图所示,由图可知⊙P的半径为
,∴点D在⊙P上.
(2)①∵直线EF向上平移1个单位经过点D,且经过点G(0,-3)
∴PG2=12+32=10,PD2=5,DG2=5
∴PG2=PD2+DG2
则∠PDG=90°,∴PD⊥l1,∴直线l1与⊙P相切
②
∴PC2+PD2=CD2,∴∠CPD=90°
∴直线l2与劣弧CD围成的图形的面积为
.
评析:
在学习圆的知识后,我们再次复习旋转等图形变换时就可以结合后期学习的内容,综合看一些问题,本题即是如此.
(1)考虑了圆中的基本功----如何判定点与圆的位置关系;
(2)将图形变换与坐标系中解析式的想法相结合.
其核心处理策略可以是:
从几何特征入手,关注图形变换中的不变量,将其用代数方法表示出来,使问题得到解决.
例8.在如图的方格纸中,每个小方格都是边长为1个单位的正方形,△ABC的三个顶点都在格点上(每个小方格的顶点叫格点)
(1)画出△ABC向下平移4个单位后的△A1B1C1;
(2)画出△ABC绕点O顺时针旋转90°后的△A2B2C2,并求点A旋转到A2所经过的路线长.
解:
(1)画出△A1B1C1.
(2)画出△A2B2C2.
连结OA,OA2,
,点A旋转到A2所经过的路线长为
评析:
本题是对前面例1到例3中一些处理方法的综合,方格纸问题是近年中考常见的一个考点.
在
(2)中如何画出旋转之后的图形?
为了准确,我们可以将线段AO看作一个2×3的矩形的对角线,将矩形旋转更易画准(直角三角形亦可);另外,我们可以优先选择较易操作的,如:
将BC旋转;
而计算A旋转到A2所经过的路线时,特别需要注意这个线路不是线段AA2的长度,而是以点O为圆心,OA长为半径的圆上的一段弧的长,其圆心角的度数等于∠AOA2的度数.
(旋转的过程中,A点所到之处保持与O点的恒定距离)