山东省枣庄市中考模拟试题物理解析版.docx

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山东省枣庄市中考模拟试题物理解析版

二〇二〇年枣庄中考模拟试题

物理

注意事项：

本试卷分第I卷和第‖卷两部分。

第I卷1-12题为选择题共24分；第‖卷为非选择题共46分。

满分70分。

第I卷（选择题共24分）

一、选择题（本题包括12小题，每题2分，共24分）

1.下列说法正确的是（）

A.油罐车底拖一条铁链是为了防止摩擦起电造成危害

B.与头发摩擦过的气球能吸引细小水流，是因为气球和水流带上了异种电荷

C.磁浮列车是利用磁极间相互作用增大机车牵引力

D.电脑中安装的微型风扇是为了除尘

考点：

摩擦起电，磁极间的相互作用，电热

分析：

（1）静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害．

（2）带电体具有吸引轻小物体的性质．

（3）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．

（4）电流通过导体产生的热量对家用电器有的有利，如可利用电热驱潮，有的对电器有害，如发热过多可烧毁机件，对于有利的方面可充分利用，有害的方面应尽量避免，如利用散热片散热等．

解答：

A.油罐车在运输过程中，不断的相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走，这是防止静电危害。

故A正确；

B.头发和气球摩擦时，使气球带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；能吸引细小水流，故B错误；

C.磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥原理，减小摩擦力，故C错误；

D.电脑在工作时产生的热量是有害的，散热风扇可以散失热量，防止电流热效应产生的热量带来的危害，故D错误。

故选A.

2.在汽车转向灯电路中,要求左转弯时只能左转向灯亮,右转弯时只能右转向灯亮,不能出现在操作转向开关时左、右转向灯同时亮的情况。

下列设计中最合理的是（）

A. 

B. 

C. 

D. 

考点：

串、并联电路的设计

分析：

汽车的每一侧各有两个转向灯，故一共有4个灯泡；根据灯泡的发光情况判定灯泡的连接方式，根据开关的作用判定开关的连接方式。

解答：

汽车的每一侧各有两个转向灯，一共有4个灯泡；

由生活经验可知,左侧、右侧的两个灯泡在工作时互不影响（即：

同一侧的一个灯泡损坏时,另一灯泡仍然会发光），所以同一侧的两个灯泡的连接方式是并联的，故AD错误；

由于在操作过程中，不能出现左、右转向灯同时亮的情况，所以电路中只能由一个单刀双掷开关进行控制，故C正确，B错误。

故选：

C。

3.如图,R为光敏电阻,其阻值随光照强度的增大而减小,R1是定值电阻。

闭合开关,逐渐增大光敏电阻上的光照强度,电表示数变化情况是（）

A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表示数变大，电压表示数变小

C.电压表和电流表示数的比值将变小D.电流表和电压表示数均变大

考点：

电路的动态分析

分析：

（1）分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；

根据U=IR分析R1的电压变化，根据串联电路电压的规律，R的电压即电压表示数变化；

（2）由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。

解答：

（1）由图知,两电阻串联,电压表测定值电阻R1的电压，电流表测电路中的电流；

逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻R的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；

根据U=IR可知,定值电阻R1的电压变大，即电压表示数变大，故D正确，AB错误。

（2）由欧姆定律可知,电压表和电流表示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故C错误。

故选：

D。

4.与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷,这是因为摩擦使得（）

A.电子从玻璃棒转移到丝绸B.中子从玻璃棒转移到丝绸

C.质子从丝绸转移到玻璃棒D.原子核从丝绸转移到玻璃棒

考点：

摩擦起电的实质

分析：

摩擦起电并不是创造了电荷，也不是消灭了电荷．摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电．

解答：

摩擦起电的实质是电子的转移，用绸子摩擦过的玻璃棒带正电，是因为摩擦过程中玻璃棒失去了电子，故A正确、BCD错。

故选A.

5.如图甲所示的电路中,R为滑动变阻器,R0为定值电阻,电源电压为8V恒定不变.（不计温度对电阻的影响）,在滑片P滑动过程中,电压表与电流表的示数变化如图乙所示,则根据图象信息可知，下列说法不正确的是（）

A. R0阻值是5Ω

B.滑动变阻器的最大阻值是35Ω

C.通过滑动变阻器R的电流与电阻成反比

D.当滑片P在最右端时,R0两端的电压是1V

考点：

[欧姆定律的应用]

分析：

由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表示数，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器的接入电路中的电阻为0时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，利用欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压，利用串联电路的电压特点求出当滑片P在最右端时R0两端的电压；

（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流即为通过滑动变阻器的电流，然后分析通过滑动变阻器R的电流与电阻的关系．

解答：

由电路图可知,R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，

由乙图可知,电路中的最小电流I小=0.2A,R两端的电压UR=7V，

由I=

可得，滑动变阻器的最大阻值：

R=UR/I小=

=35Ω，故B正确；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以,电源电压：

U=U0+UR=I小R0+UR大=0.2A×R0+7V−−−−−①

当滑动变阻器的接入电路中的电阻为0时,电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，

由乙图可知,电路中的最大电流I大=1.6A，

则电源的电压：

U=I大R0=1.6A×R0−−−−−②，

因电源的电压不变，

所以,0.2A×R0+7V=1.6A×R0，

解得：

R0=5Ω，故A正确；

已知电源电压U=8V，

当滑片P在最右端时,R0两端的电压：

U0=U−UR=8V−7V=1V，故D正确；

（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且串联电路中各处的电流相等，

所以，通过滑动变阻器R的电流：

I=

，

因为I与R不是反比例函数，

所以，通过滑动变阻器R的电流与电阻不成反比，故C错误。

故选C.

6.如图（a）所示电路中,当闭合开关后,两只电压表的指针偏转均如图（b）所示,则电阻R1和R2两端的电压分别为（）

A. 6 V1.5 VB. 7.5 V1.5 VC. 1.5 V7.5 VD. 1.5 V6 V

考点：

[串联电路的电压规律]

分析：

由图a可知，电阻R1与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压．

解答：

（1）由电路图可知,电压表V2示数应大于电压表V1示数,而两电压表指针位置相同,则电压表V2量程是0∼15V,分度值是0.5V,电压表示数UV1=7.5V;电压表V1量程是0∼3V,分度值是0.1V,电压表示数UV2=1.5V；

（2）电阻R2的电压U2=UV1=1.5V,电阻R1的电压U1=UV2−U2=7.5V−1.5V=6V；

故选A.

7.电工维修电路有时需要带电操作,如图所示,以下操作不会发生触电事故的是（）

A.甲站在绝缘凳上同时接触火线和零线B.乙站在绝缘凳上仅接触火线

C.丙站在地上仅接触火线D.丁站在地上同时接触火线和零线

考点：

[触电危害及常见的触电类型与预防]

分析：

家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：

①当人体的不同部位分别接触火线和零线时，②站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析．

解答：

人体触电，原因是有电流流过，形成通路。

人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路，图甲、丙、丁中都能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；图乙中没有构成闭合的电路，即电流不会流过人体，不会触电。

故选B.

8.如图所示，电源电压不变，只闭合开关S1，灯泡L发光，电压表有示数；再闭合开关S2，电路中出现的情况是（    ）

A.电压表的示数变小B.电路的总电阻不变

C.灯泡L的亮度不变D.电路的总功率变大

考点：

电路的动态分析

分析：

本题考查电路的动态分析、串联电路的特点以及功率的公式。

解答：

ABC．只闭合开关S1，为串联电路，电阻R与灯泡L串联；电压表测量的是R两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，电压表示数要小于电源电压，开关S2闭合时，灯泡被短路，灯泡不发光，电路中只有R，总电阻减小，电压表测量的是电源电压，故电压表示数变大，故ABC错误；

D．开关S2闭合后电路总电阻R总变小，电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI可知电路的总功率变大，故D正确．

故选D．

9.如图是某同学设计的汽车启动电路，旋转钥匙接通a、b间电路，电动机M启动，下列说法正确的是（    ）

A. F端为螺线管的N极B. R的滑片左移时螺线管磁性减弱

C.电动机启动说明螺线管产生磁性D.螺线管两端电压小于电动机两端电压

考点：

电磁继电器的组成、原理和特点，探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验

解答：

A．螺线管表面的电流方向向石，根据安培定则可知，E端为螺线管的N极，A错误；

B．R的滑片向左移动时，R接入电路的电阻变小，电路中的电流变大，螺线管磁性变强，B错误；

C．当螺线管中有电流时，螺线管会产生磁性，将衔铁吸下，接通电动机所在的电路，电动机启动，C正确；

D．螺线管在控制电路中，控制电路为低电压、弱电流，而电动机在工作电路中，为高电压、强电流，D正确．

故选CD．

10.图甲中的A. B分别为小灯泡和定值电阻的I−U图象,小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示,电源电压8V,下列说法正确的是（）

A.小灯泡电阻随温度的增大而减小B.灯泡的实际电功率为0.6 W

C.定值电阻的阻值为0.05ΩD.定值电阻的电功率为0.8 W

考点：

欧姆定律的应用，电功率的计算

分析：

（1）根据图象分析灯泡的电阻变化；

（2）根据图象确定灯泡两端的实际电压和电流，由P=UI计算实际电功率；

（3）根据公式R=

得出定值电阻的阻值；

（4）根据图象确定定值电阻两端的电压和电流，由P=UI计算出实际电功率．

解答：

A.由图甲结合R=

可知，灯泡两端的电压增大时，灯泡的电阻增大；此时灯泡的实际功率增大，灯丝温度也在升高，由此说明，灯丝的电阻随温度的升高而增大，故A错误；

B.灯泡和定值电阻串联,电流相等,电压之和等于电源电压,由图甲知,当电流为0.3A时,灯泡两端电压为2V,定值电阻两端电压为6V,总电压为8V,则灯泡的实际功率：

PL=ULI=2V×0.3A=0.6W，故B正确；

C.由B项数据可知,电阻的阻值：

R=UR/I=

=20Ω，故C错误；

D.电阻的实际功率：

PR=URI=6V×0.3A=1.8W，故D错误。

故选B.

11.如图为我国新型反潜巡逻机。

机尾的“棍子”叫做磁异探测器,它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流,从而发现潜艇的存在。

下图能解释磁异探测器工作原理的是（）

A. 

B. 

C. 

D. 

考点：

电磁感应

分析：

磁异探测器最终将信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可．

解答：

磁异探测器将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，说明有感应电流产生；

A.开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。

故A正确；

B.图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故B错误；

C.图示为磁极之间的相互作用，故C错误；

D.图示的实验是电磁铁的原理，运用了电流的磁效应，可制成电磁铁，故D错误。

故选A.

12.关于信息和材料,下列说法正确的是（）

A.超导材料可以应用于电饭锅的电热丝

B.卫星通信是依靠电磁波传递信息的

C.光纤通信是依靠激光在光导纤维内壁上多次发生折射来传递信息的

D.电磁波不能在真空中传播

考点：

超导体的作用，电磁波的传播，光纤通信

分析：

（1）超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能；

（2）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；

（3）光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息．

（4）电磁波的传播不需要介质．

解答：

A.电饭锅的电热丝需要将电能转化为内能，电阻为零的超导体无法将电能转化为内能，故A错误；

B.卫星通信是利用电磁波来实现的，故B正确；

C.光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息，故C错误；

D.电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，故D错误；

故选B.

第‖卷（选择题共46分）

二、填空题与解答题（本题包括6个小题，每空一分，共14分）

13.家庭中的电灯、空调等用电器都是___联在电路中的。

小林家的电能表的盘面上标有“600R/kW⋅h”的字样，他单独把空调接入电路中时，观察到1min内电能表的转盘转了10转，则该空调工作时的实际功率是___ W.

考点：

电功率的计算，电能表参数的理解与电能的求法

分析：

（1）家用电器的额定电压是200V，家庭电路电压是220V，各家用电器并联时，各家用电器都能正常工作，并且互不影响；

（2）已知消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动600转，可求转10转消耗的电能，根据公式P=

可求该空调的实际功率．

解答：

（1）家庭中的电灯、空调等用电器都是并联在电路中的；

（2）电能表表盘上有600r/kW⋅h的字样，是指消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转动600转，

所以转盘转10转消耗的电能：

W=

×kW⋅h=

kW⋅h，

该空调的实际功率：

P=

=

kW⋅h/（

h）=0.1kW=100W，

故答案为：

并；100.

14.如甲图所示的电路,开关S1___（能/不能）实现对灯L1的控制,该电路存在的安全隐患是___;如图乙,在进户线的干路上串联一个标有“220V 44W”的灯L2,只闭合开关S2时发现L1不亮,L2正常发光,说明L1所在支路___（有/没有）短路情况,此时电路中的电流为___A,若此时用测电笔接触A点,氖管___（会/不会）发光。

考点：

[家庭电路的故障分析]

分析：

（1）家庭电路中用电器的开关应该接到用电器和火线之间，避免触电；

（2）被短路的用电器不工作；利用P=UI求出电流；当测电笔接触火线时氖管会发光．

解答：

根据甲图可知,S1与的L1串联，能控制此灯，但是接到了零线与灯泡之间不符合电路连接规则，容易在检修和更换灯泡时触电；

根据乙图可知,若灯L2正常发光,则说明实际电压等于额定电压,由此可以说明灯L1处短路，由P=UI可得：

此时的电流为：

I=

=

=0.2A；

若此时用测电笔接触A点，由于与火线相通，则氖管会发光。

故答案为：

能；易触电；有；0.2；会。

15.如图所示,电源电压保持不变,灯泡L标有“6V 0.6W”的字样,R为定值电阻。

闭合S、断开S1,灯泡正常发光;再闭合S1,发现电流表示数变化了0.3A,则R的阻值为___Ω,通电1min灯泡L和电阻R消耗的电能之比是___.（设灯丝电阻不变）

考点：

电功的计算，欧姆定律的应用，电功率的计算

分析：

闭合开关S，断开开关S1时，电路为小灯泡的简单电路，根据额定电压下小灯泡正常发光可知电源的电压，根据P=UI求出灯泡的电流；若再闭合开关S1，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡的电流不变，电流表变化的示数为通过R的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值；根据W=UIt求出通电1min灯泡L和电阻R消耗的电能之比．

解答：

闭合开关S,断开开关S1时，电路为小灯泡的简单电路，

因灯泡正常发光，

所以,电源的电压U=UL=6V，

由P=UI可得，通过灯泡的电流：

IL=PL/UL=

=0.1A；

若再闭合开关S1，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过灯泡的电流不变，

则通过R的电流即为电流表变化的示数,IR=0.3A，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以,由I=

可得，R的阻值：

R=U/IR=

=20Ω；

由W=UIt可得，通电1min灯泡L和电阻R消耗的电能之比：

PLt/PRt=UIL/UIR=IL/IR=

=

故答案为：

20；1:

3.

16.如图所示,是某种电热器的电路图,电源电压220V,R1、R2的阻值分别为11Ω、22Ω，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电功率是___W，在高温档工作1min产生的热量是___J。

考点：

热量的计算，电功率的计算

分析：

（1）根据P=U2/R，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接，根据P=U2/R求出电热器在低温工作时的电功率；

（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，

根据Q高=U2/R并t求出在高温档工作1min产生的热量。

解答：

根据P=U2/R,当电阻最大时,电功率最小,旋转扇形开关S接触c,即只有R2连入电路时为低温档，

P小=U2/R2=（220V）2/22Ω=2200W

当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，

R并=R1R2/（R1+R2）=11Ω×22Ω/（11Ω+22Ω）=

Ω，

在高温档工作1min产生的热量是：

Q高=U2/R并·t=（220V）2/

Ω×60s=3.96×105J。

故答案为：

2200;3.96×105。

17.将两个定值电阻串联连接到电压为U的电源两端,R1消耗的功率为P1,R2消耗的功率为3P1.将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时,R1与R2的电阻之比为___,并联时R2消耗的功率为___,并联时通过R1与R2的电流之比为___，并联时两电阻消耗的总功率为___.

考点：

[欧姆定律的应用,电功率的计算]

分析：

（1）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R求出两电阻的阻值之比，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压，根据P=UI=U2/R表示出两电阻的阻值；

（2）将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2/R求出两电阻消耗的电功率，两者之和即为电路消耗的总功率，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流之比．

解答：

（1）将两个定值电阻串联连接到电压为U的电源两端时，

因串联电路中各处的电流相等，

所以,由P=UI=I2R可得，两电阻的阻值之比：

R1/R2=P1I2/（P2/I2）=P1/P2=P1/3P1=

由I=

可得，两电阻两端的电压之比：

U1/U2=IR1/IR2=R1/R2=

，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以,U=U1+U2=U1+3U1=4U1，

解得：

U1=

U2=

U，

由P=UI=U2/R可得，两电阻的阻值：

R1=U12/P1=（

）2/P1=U2/16P1,R2=U22/P2=（

U）2/3P1=3U2/16P1；

（2）将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，两电阻消耗的功率：

P1′=U2/P1=U2/（U2/16P1）=16P1,P2′=U2/R2=U2/（3U2/16P1）=

P1，

两电阻消耗的总功率：

P=P1′+P2′=16P1+

P1=

P1

通过R1与R2的电流之比：

I1/I2=（U/R1）/（U/R2）=R2/R1=

.

故答案为：

1:

3;

P1;3:

1;

P1.

18.两个标有“5Ω、1A“和“10Ω、0.6A”的定值电阻，将它们串联起来时电路中总电阻为___Ω，此时电源电压最大允许为___V；若将它们并联时干路电流最大允许是___A。

考点：

欧姆定律的应用，电阻的串联

分析：

（1）串联电路电流处处相等；为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；然后根据串联电路电阻的特点求出总电阻，再利用U=IR即可求出电源电压的最大值；

（2）并联电路两端电压相等；为了不损坏电阻，根据U=IR分别求出各电阻两端允许的最大电压，然后比较，选其中较小的电压，再利用I=

分别求出各支路电流，最后利用并联电路电流的特点求出干路上允许的最大电流。

解答：

（1）串联电路的等效电阻（总电阻）等于各个电阻之和，

所以R=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω；

由题知,两电阻允许通过的最大电流分别为：

I1=1A,I2=0.6A,则I1>I2，

因串联电路电流处处相等，所以为了不损坏电阻，串联电路中的最大电流为0.6A；

则电源电压的最大值：

U大=I大（R1+R2）=0.6A×（5Ω+10Ω）=9V；

（2）两电阻两端允许的最大电压分别为：

U1=I1R1=1A×5Ω=5V,U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V，

比较可知U1

为使两电阻都不烧坏，则电路两端允许加的最大电压是5V；

此时通过R1电阻的电流为1A，

通过R2电阻的电流：

I2′=U1/R2=5V/10Ω=0.5A，

则并联电路中干路上允许的最大电流为：

I′大=I1+I2′=1A+0.5A=1.5A。

故答案为：

15；9；1.5。

三、作图与实验探究题（本题包括4个小题，共20分）

19.如图所示，请根据小磁针静止后的指向及所标电流的方向，画出螺线管导线的绕法。

考点：

通电螺线管的磁场

分析：

首先根据磁极间的相互作用规律和小磁针的NS极，判断出通电螺线管磁场的NS极，再根据安培定则判断出螺线管的绕线方法。

解答：

小磁针的左端为S极、右端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以通电螺线管左端为N极、右端为S极；

而电流从左端流入、从右端流出，则由安培定则可知螺线管的绕向如图所示：

。

20.如图甲，是张勇实验小组在探究“电流与电阻的关系”时的电路图，电源电压恒为6V.电压表、电流表无损坏，有阻值为5Ω、10Ω、20Ω、30Ω、40Ω定值电阻5个。

（1）根据图甲，用笔画线代替导线连接完成图乙的实物图。

（2）实验过程中,需要改变定值电阻,观察电流的变化,为了科学地得出实验结论,当每次更换电阻后,都要移动滑动变阻器的滑片,此时眼睛应注意观察___（选填序号）。

A.变阻器滑片   B.电压表   C.电流表   D.电源

（3）某次实验，更换电阻R，合上开关后，电压表示数为0，电流表示数正常，其原因可能是___。

（4