高考全国Ⅰ卷仿真试题理科综合物理部分二含答案解析.docx
《高考全国Ⅰ卷仿真试题理科综合物理部分二含答案解析.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《高考全国Ⅰ卷仿真试题理科综合物理部分二含答案解析.docx(20页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
高考全国Ⅰ卷仿真试题理科综合物理部分二含答案解析
绝密★启用前
2019年高考全国Ⅰ卷仿真试题
(二)
理科综合物理部分
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时,将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
4.测试范围:
高考全部内容。
第Ⅰ卷
一、选择题:
本题共8个小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.根据图像分析,下列选项正确的是
A.2s末质点速度大小为7m/s
B.2s末质点速度大小为5m/s
C.质点所受的合外力大小为3N
D.质点的初速度大小为5m/s
【答案】B
【解析】由图象知,物体在在x方向做初速度为零的匀加速直线运动,在y方向做匀速直线运动,2s末,
,
,因而
,故A错误,B正确;由速度时间图线的斜率表示加速度知,
,
,所以合加速度的大小为
,根据牛顿第二定律得:
物体所受的合外力大小为
,故C错误;由图象知,当
时,
,
,所以物体的初速度大小为
,故D错误。
所以选B。
考点:
本题考查
图及运动的合成与分解,意在考查考生对图象的认识与理解及对运动合成与分解思想的理解。
15.如图所示,物块在力F作用下向右沿水平方向匀速运动,则物块受到的摩擦力Ff与拉力F的合力方向应该是( )
A.水平向右
B.竖直向上
C.向右偏上
D.向左偏上
【答案】B
【解析】物体受向下的重力G,斜向上的拉力F和水平向左的摩擦力Ff三个力的作用下处于平衡状态,则任意两个力的合力与第三个力等大反向,故摩擦力Ff与拉力F的合力方向应和重力方向相反即竖直向上,向下B正确。
16.如图所示,虚线是某电场的等势线及其电势的值,一带电粒子只在电场力作用下沿实线从A点飞到C点,下列说法正确的是()
A.粒子一定带负电
B.粒子从A到B电场力所做的功等于从B到C电场力所做的功
C.A点的电场强度大小等于C点的电场强度
D.粒子在A点的电势能大于在C点的电势能
【答案】B
【解析】做曲线运动的物体,受力指向轨迹弯曲的内侧,又因电场力垂直于等势面,所以可知粒子在B点受电场力的方向如图所示,电场方向垂直于等势面由高电势指向低电势,可得电场力的方向与电场方向
相同,故粒子带正电,所以A错误;由图知,UAB=UBC,所以电场力做功WAB=qUAB=qUBC,所以B正确;等差等势面越密集电场强度越大,故A点电场强于C点电场,所以C错误;从A到B电场力做负功,粒子电势能增大,所以粒子在A点的电势能小于在C点的电势能,故D错误。
考点:
本题考查带电粒子在电场中的运动、电场的基本性质
17.如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比是50∶1,b是原线圈的中心抽头,图中电表均为理想的交流电表,定值电阻R=10Ω,其余电阻不计。
从某时刻开始经c、d两端给原线圈加上如图乙所示的交变电压。
则下列说法正确的是( )
A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为2.2V
B.当单刀双掷开关与a连接且t=0.01s时,电流表的示数为零
C.当单刀双掷开关由a拨向b时,原线圈的输入功率变大
D.当单刀双掷开关由a拨向b时,副线圈输出电压的频率变为25Hz
【答案】C
【解析】分析:
根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等,再根据电压与匝数成正比即可求得结论,根据输出功率和输入功率相等可明确输入功率的变化,注意变压器不会改变交流电的频率.
【详解】由图象可知,电压的最大值为
,交流电的周期为2×10-2s,所以交流电的频率为f=50Hz.A、交流电的有效值为
,根据电压与匝数程正比可知,副线圈的电压为4.4V;故A错误.B、当单刀双掷开关与a连接时,副线圈电压为4.4V,所以副线圈电流为0.44A,电流表示数为电流的有效值,不随时间的变化而变化,所以电流表的示数为不为零;故B错误.C、当单刀双掷开关由a拨向b时,原线圈的匝数变小,所以副线圈的输出的电压要变大,电阻R上消耗的功率变大,原线圈的输入功率也要变大;故C正确.D、变压器只改变电压不会改变交流电的频率;故D错误.故选C.
【名师点睛】本题考查变压器的基本原理应用,要注意掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,最大值和有效值之间的关系即可解决本题.
18.如图所示,在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场.有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场,这些质子在磁场中( )
A.速度越大的,运动时间越长
B.运动时间越长的,其轨迹越长
C.速度越大的,速度的偏转角越小
D.所有质子在磁场中的运动时间相同
【答案】A
【解析】由于粒子相同,由周期公式
可知所有粒子的运动周期相同,速度越大,圆心角越小,运动时间较小,A错;同理BD错;速度越大的,圆心角越小,速度的偏转角越小,C对;
考点:
考查粒子在匀速圆周运动中的偏转
【名师点睛】难度中等,判断运动时间时,先看各个粒子的运动周期是否相同,在周期相同的情况下,运动时间与圆心角成正比。
19.如右图所示,可视为质点的物块A放在物体B上,物体B的斜面为弧面,A、B之间有摩擦,水平地面光滑.现将物块A从物块B的顶端由静止释放,在滑到物体B的底端前,下列说法正确的是
A.若物体B固定,则物块A减少的重力势能等于它的动能和系统增加的内能之和
B.若物体B不固定,则物块A减少的机械能等于物体B增加的机械能
C.物体B在固定与不固定的两种情况下,系统重力势能的减少量相等
D.物体B在固定与不固定的两种情况下,摩擦产生的热量相等
【答案】AC
【解析】若物体固定,物体A重力势能减小,动能增加,内能增加,根据能量守恒得,重力势能的减小量等于动能的增加量和系统内能的增加量之和。
故A正确。
物体B不固定,根据能量守恒得,A机械能的减小量等于B机械能的增加量和系统内能之和。
故B错误。
物体B在固定和不固定时,重力做功相等,重力势能的减小量相等。
故C正确。
在物体B固定与不固定的两种情况下,物体在同一位置所受的摩擦力不等,则摩擦力做功不等,产生的热量不等,故D错误。
故选AC。
【名师点睛】解决本题的关键知道能量的转化,通过能量守恒定律进行分析.分析时,可根据哪些能量增加,哪些能量减小,判断能量是如何转化的.
20.宇宙中,两颗靠得比较近的恒星,只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转,称之为双星系统.在浩瀚的银河系中,多数恒星都是双星系统.设某双星系统P、Q绕其连线上的O点做匀速圆周运动,如图所示.若PO>OQ,则( )
A.星球P的质量一定大于Q的质量
B.星球P的线速度一定大于Q的线速度
C.双星间距离一定,双星的质量越大,其转动周期越大
D.双星的质量一定,双星之间的距离越大,其转动周期越大
【答案】BD
【解析】根据万有引力提供向心力m1ωr1=m2ωr2,r1>r2,所以m1<m2,即P的质量一定小于Q的质量,故A错误.双星系统角速度相等,根据v=ωr,且PO>OQ,P的线速度大于Q的线速度,故B正确.设两星体间距为L,O点到P的距离为r1,到Q的距离为r2,根据万有引力提供向心力:
=m1
r1=m2
r2,解得周期T=2π
,由此可知双星的距离一定时,质量越大周期越小,故C错误;总质量一定,双星之间的距离越大,转动周期越大,故D正确.故选B、D.
21.据报道,2018年4月18日,某市一处高压电线落地燃烧,幸好没有造成人员伤亡。
高压电线落地可能导致行人跨步触电,如图所示,设人的两脚MN间最大跨步距离为d,电线触地点O流入大地的电流为I,大地的电阻率为ρ,ON间的距离为R。
电流在以O点为圆心、半径为r的半球面上均匀分布,其电流密度为
,若电流密度乘以电阻率等于电场强度,该电场强度可以等效成把点电荷Q放在真空中O点处产生的电场强度.下列说法正确的是()
A.两脚并拢跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法等效
B.点电荷Q的电荷量为
(k为静电力常量)
C.图中MN两脚间跨步电压可能等于
D.当两脚间的距离处于最大跨步时,跨步电压可能为零
【答案】ABD
【解析】两脚并拢时跨步电压较小,跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法。
故A正确。
根据题意有:
解得
.故B正确。
N点处电流密度为
,由于MN间的电场是非匀强电场,电场强度越靠近O点越大,则知MN间的场强大于
,MN两脚间跨步电压大于
.故C错误。
当两脚位于同一等势线上时即两脚到O点的距离相等时,跨步电压为零。
故D正确。
故选ABD。
第Ⅱ卷
二、非选择题:
本卷包括必考题和选考题两部分。
第22~25题为必考题,每个试题考生都必须作答。
第33~34题为选考题,考生根据要求作答。
(一)必考题:
共47分。
22.(6分)某同学利用图(a)所示实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图,如图(b)所示。
实验中小车(含发射器)的质量为200g,实验时选择了不可伸长的轻质细绳和轻定滑轮,小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到。
回答下列问题:
(1)根据该同学的结果,小车的加速度与钩码的质量成___________(填“线性”或“非线性”)关系。
(2)由图(b)可知,a-m图线不经过原点,可能的原因是_____________________。
(3)若利用本实验装置来验证“在小车质量不变的情况下,小车的加速度与作用力成正比”的结论,并直接以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力,则实验中应采取的改进措施是____________________,钩码的质量应满足的条件是_____________________。
【答案】
(1)非线性
(2)存在摩擦力(3)调整轨道倾斜度以平衡摩擦力远小于小车质量
【解析】
(1)根据图中描出的各点作出的图像不是一条直线,故小车的加速度和钩码的质量成非线性关系.
(2)图像不过原点,小车受到拉力但没有加速度,原因是有摩擦力的影响.(3)平衡摩擦力之后,在满足钩码质量远小于小车质量的条件下,可以得出在小车质量不变的情况下拉力与加速度成正比的结论.
23.(9分)某探究小组要尽可能精确地测量电流表A1的满偏电流,可供选用的器材如下:
A.待测电流表A1(满偏电流Im为800
A,内阻r1约为100
,表盘刻度均匀,总格数为N)
B.电流表A2(量程为0.6A,内阻r2=0.1
)
C.电压表V(量程为3V,内阻Rv=3k
)
D.滑动变阻器R(最大阻值为20
)E.电源E(电动势为3V.内阻r约为1.5
)
F.开关S一个,导线若干
①该小组设计了甲,乙两个电路图,其中合理的是(选填“甲,或“乙”);
②所选合理电路中虚线圈处应接人电表(选填“B”或“C”);
③在开关S闭合前应把滑动变阻器的滑片P置于_____端(选填“a”或“b");
④在实验中,若所选电表的读数为Z,电流表A1的指针偏转了k格,则可算出待测电流表A1的满偏电流Im=___。
【答案】
(1)①甲②C③b④Im=
【解析】:
电压表量程3V,内阻3KΩ,满偏电流为Ig=0.001A=1000μA,与待测电流表类似,可以当作电流表使用,与待测电流表串联即可;题目中的电流表量程0.6安,偏大,不需要;电表选择表C;电压表和待测电流表的总电阻三千多欧姆大于滑动变阻器的阻值20欧姆,采用滑动变阻器分压式接法,电压可以连续调节;电路图选择甲图;在开关S闭合前,为了电路安全电路电阻最大,所以应把滑动变阻器的滑片P置于b端;待测电流表与电压表串联,电流相等,故:
24.(12分)如图所示,光滑的水平面AB与半径R=0.4m的光滑竖直半圆轨道BCD在B点相切,D点为半圆轨道最高点,A右侧连接一粗糙水平面。
用细线连接甲、乙两物体,中间夹一轻质压缩弹簧,弹簧与甲、乙两物体不拴接,甲质量为m1=4kg,乙质量m2=5kg,甲、乙均静止。
若固定乙,烧断细线,甲离开弹簧后经过B点进入半圆轨道,过D点时对轨道压力恰好为零。
取g=10m/s2,甲、乙两物体均可看作质点,求:
(1)甲离开弹簧后经过B时速度大小vB;
(2)弹簧压缩量相同情况下,若固定甲,烧断细线,乙物体离开弹簧后从A进入动摩擦因数μ=0.4的粗糙水平面,则乙物体在粗糙水平面上运动位移s。
【解析】
(1)甲在最高点D,由牛顿第二定律得:
m1g=m1
,①(2分)
甲离开弹簧运动至D点的过程中由机械能守恒得:
m1v
=m1g·2R+
m1v
。
②(2分)
代入数据联立解得:
vB=2
m/s。
③(2分)
(2)甲固定,烧断细线后乙的速度大小为v2,由能量守恒得:
Ep=
m1v
=
m2v
,
得:
v2=4m/s。
④(2分)
乙在粗糙水平面做匀减速运动:
μm2g=m2a,
解得:
a=4m/s2,⑤(2分)
则有s=
=
m=2m。
⑥(2分)
25.(20分)如图(a)所示,在xOy竖直平面直角坐标系中,有如图(b)所示的随时间变化的电场,电场范围足够大,方向与y轴平行,取竖直向上为正方向;同时也存在如图(c)所示的随时间变化的磁场,磁场分布在x1≥x≥0、y1≥y≥-y1的虚线框内,方向垂直坐标平面,并取向内为正方向。
在t=0时刻恰有一质量为m=4×10-5kg、电荷量q:
1×10-4C的带正电小球以v0=4m/s的初速度从坐标原点沿x轴正向射入场区,并在0.15s时间内做匀速直线运动,g取10m/s2,sin37°=0.60,cos37°=0.80。
求:
(1)磁感应强度昂的大小;
(2)0.3s末小球速度的大小及方向:
(3)为确保小球做完整的匀速圆周运动,x1和y1的最小值是多少?
【解析】小球运动轨迹参见图解。
(1)设t1=0.15s,在t1时间内,小球处于平衡状态,
故有:
…………………………………………………………①(2分)
解得B0=2T……………………………………………………………………………②(2分)
(2)设
,在t1~t2时间内,由图(b)、
图(c)可知,小球在电场力和重力作用下,
做类平抛运动,t2时刻小球在x方向的速度为:
在y方向,根据牛顿第二定律有:
由
解得
………………………………………………………………③(4分)
根据运动学公式
……………………………………④(1分)
根据平行四边形定则,此时粒子的速度为:
……………………⑤(1分)
设速度方向与x轴成
得
………………………………………………………………………⑥(1分)
(3)由图(b)、图(c)可知,0.3s以后,粒子所受电场力与重力平衡,粒子在洛仑兹力作用下做匀
速圆周运动,由牛顿第二定律
解得
……………………………………………………………⑦(1分)
由几何知识可得粒子做匀速圆周运动的圆心坐标为
………………………………………………⑧(3分)
……………………………………⑨(3分)
所以
……………………………………………………⑩(1分)
………………………………………………………(11)(1分)
(二)选考题:
共15分。
请考生从2道题中任选一题作答。
如果多做,则按所做的第一题计分。
33.【物理——选修3-3:
热学】(15分)
(1)(5分)下列有关分子动理论和物质结构的认识,正确的是______(填正确答案标号,选对一个得2分,选对两个得4分,选对三个得5分。
每选错一个扣3分,最低得分为0分)。
A.分子间距离减小时分子势能一定减小
B.温度越高,物体中分子无规则运动越剧烈
C.物体内热运动速率大的分子数占总分子数比例与温度有关
D.非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性
E.非晶体、多晶体的物理性质为各向同性
【解析】 当分子间距r<r0时,分子间距r减小,分子势能增大,选项A错误;分子热运动的剧烈程度只与温度有关,温度越高,运动越剧烈,选项B正确;温度越高,热运动速率大的分子数占总分子数的比例越大,选项C正确;多晶体的物理性质为各向同性,选项D错误、E正确.
【答案】 BCE
(2).(10分)一汽缸竖直放在水平地面上,缸体质量M=10kg,活塞质量m=4kg,活塞横截面积S=2×10﹣3m2,活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体,下面有气孔O与外界相通,大气压强P0=1.0×105Pa;活塞下面与劲度系数k=2×103M/m的轻弹簧相连;当汽缸内气体温度为127℃时弹簧为自然长度,此时缸内气柱长度L1=20cm,g取10m/s2,缸体始终竖直,活塞不漏气且与缸壁无摩擦.
①当缸内气柱长度L2=24cm时,缸内气体温度为多少K?
②缸内气体温度上升到T0以上,气体将做等压膨胀,则T0为多少K?
【考点】理想气体的状态方程;封闭气体压强.
【分析】
(1)当汽缸内气体温度为127℃时弹簧为自然长度,当缸内气柱长度L2=24cm时,对活塞受力分析.根据平衡条件和理想气体状态方程求解.
(2)当气体压强增大到一定值时,气缸对地压力为零,此后再升高气体温度,气体压强不变,气体做等压变化.根据平衡条件和理想气体状态方程求解.
【解答】解:
①当汽缸内气体温度为127℃时弹簧为自然长度,设封闭气体的压强为P1,对活塞受力:
P1S+mg=P0S得:
P1=P0﹣
代入数据得:
P1=0.8×105Pa
当缸内气柱长度L2=24cm时,设封闭气体的压强为P2,对活塞受力:
P2S+mg=P0S+F其中:
F=k(L2﹣L1)可得:
P2=P0+
代入数据得:
P2=1.2×105Pa
对气体,根据题意得:
V1=20SV2=24ST1=400K
根据理想气体状态方程,得:
=
解得T2=720K
②当气体压强增大到一定值时,汽缸对地压力为零,此后再升高气体温度,气体压强不变,气体做等压变化;设汽缸刚好对地没有压力时弹簧压缩长度为△x则
k△x=(m+M)g;△x=7cm;V3=(△x+L1)S=27S;P3=P0+
=1.5×105Pa
根据理想气体状态方程得
;解得T0=1012.5K
34.【物理——选修3-4:
光学】(15分)
(1)(5分)下面说法中不正确的是________.(填正确选项前的字母,选对1个给2分,选对2个给4分,选对3个给5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分)
A.雷达是利用声波的反射来测定物体的位置
B.调制是电磁波发射的过程,调谐是电磁波接收的过程
C.在双缝干涉实验中,若仅将入射光由绿光改为红光,则相邻干涉条纹间距变窄
D.考虑相对论效应,一沿自身长度方向高速运动的杆的长度总比其静止时的长度短E.两列波相叠加产生干涉现象,振动加强区域与减弱区域应交替出现
(2)(10分)如图所示,一艘赛艇停在平静的水面上,赛艇前部上端有一标记P,在其正前方A处有一浮标.潜水员从P前方S=4m处开始下潜,当下潜至深度为H=2
m的B处时,才能看到赛艇尾端后方水面上的景物,且看到P刚好被浮标挡住.测得PA.BA与竖直方向的夹角分别为53°和37°.忽略赛艇吃水深度,求赛艇的长度L.sin53°=0.8,cos53°=0.6.
【答案】
(1)(5分)ACD
(2)(10分)赛艇的长度为2m.
【解析】
(1)【考点】光的干涉;电磁波的发射、传播和接收;狭义相对论.【分析】解答本题应掌握:
①雷达利用电磁波探测目标的电子设备,发射电磁波对目标进行照射并接收其回波,由此获得目标至电磁波发射点的距离、距离变化率(径向速度)、方位、高度等信息;②调谐是调节到谐振状态的行为或过程,特指使接收设备(如无线电)的频率与所收的信号发生共振的一种频率调节;调制就是对信号源的信息进行处理加到载波上,使其变为适合于信道传输的形式的过程,就是使载波随信号而改变的技术;③平行的单色光投射到一个有两条狭缝的挡板上,狭缝相距很近,平行光的光波会同时传到狭缝,它们就成了两个振动情况总是相同的波源,它们发出的光在档板后面的空间相互叠加,就发生了干涉现象,条纹间距为:
;④相对论效应总结起来有三个,近光速运动下质量变大,尺度变短,时间变慢.A、雷达是利用电磁波的反射来测定物体位置的,故A错误;B、调谐是电磁波接受的过程,调制是电磁波发射的过程,故B正确;C、在双缝干涉实验中,若仅将入射光由绿光改为红光,由于波长变大,故条纹间距变大,故C错误;D、以地面为参考系,考虑相对论效应,根据长度与速度关系公式
,沿自身长度方向高速运动的杆长比静止时的杆长短,相对论效应是对不同参考系而言的,相对地面高速运动的杆在自身参考系内测量就是静止的原长,而地面观察者测量时发现其长度变短,所以应该强调在哪个参考系内测量的.故D错误;E.两列波相叠加产生干涉现象,振动加强区域与减弱区域应交替出现,故E正确;
故选:
ACD.
(2)【考点】光的折射定律.
【分析】由题意可作出光路图,由题意可作出光路图,由入射角和折射角,则可求得折射率;由题意可知潜水员和Q点的连线与竖直方向夹角刚好为临界角,由几何知识可解得赛艇的长度.
【解答】解:
水的折射率为n=
=
=
,
潜水员和B点连线与竖直方向的夹角刚好为临界角,设临界角为θ,则有:
sinθ=
由几何知识解得:
sinθ=
,
解得,赛艇的长度:
L=2m;