二分图匹配题目类型总结.docx
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二分图匹配题目类型总结
二分图匹配题目类型总结
二分图最大匹配的匈牙利算法
二分图是这样一个图,它的顶点可以分类两个集合X和Y,所有的边关联在两个顶点中,恰好一个属于集合X,另一个属于集合Y。
最大匹配:
图中包含边数最多的匹配称为图的最大匹配。
完美匹配:
如果所有点都在匹配边上(x=y=m),称这个最大匹配是完美匹配。
最小点覆盖:
(二分图)最小覆盖要求用最少的点(X集合或Y集合的
都行)让每条边都至少和其中一个点关联。
可以证明:
最少的点(即覆盖数)=
最大匹配数。
支配集:
(二分图)最小点覆盖数+孤立点
最小边覆盖:
找最大匹配(注意可能是任意图最大匹配)m
则有2*m个点被m条两两不相交的边覆盖。
对于剩下的n-2*m个点,每个点用
一条边覆盖,总边数为n-m条;
最小路径覆盖:
用尽量少的不相交简单路径覆盖有向无环图G的所有结点。
解决此类问题可以建立一个二分图模型。
把所有顶点i拆成两个:
X结点集中的i和Y结点集中的i',如果有边i->j,则在二分图中引入边i->j',设二分图最大匹配为m,则结果就是n-m。
最大独立集问题:
(二分图)n-最小点覆盖;
任意图最大匹配:
(没有奇环)转换为二分图:
把所有顶点i拆成两个:
X结点集中的i和Y结点集中的i',如果原图中有边i->j,则在二分图中引入边i->j',j->i’;设二分图最大匹配为m,则结果就是m/2。
最大完全子图:
补图的最大独立集
三大博弈问题
威佐夫博奕(WythoffGame):
有两堆各若干个物品,两个人轮流从某一堆或同时从两堆中取同样多的物品,规定每次至少取一个,多者不限,最后取光者得胜。
这种情况下是颇为复杂的。
我们用(ak,bk)(ak≤bk,k=0,1,2,...,n)表示两堆物品的数量并称其为局势,如果甲面对(0,0),那么甲已经输了,这种局势我们称为奇异局势。
前几个奇异局势是:
(0,0)、(1,2)、(3,5)、(4,7)、(6,10)、(8,13)、(9,15)、(11,18)、(12,20)。
可以看出,a0=b0=0,ak是未在前面出现过的最小自然数,而bk=ak+k,奇异局势有
如下三条性质:
1。
任何自然数都包含在一个且仅有一个奇异局势中。
由于ak是未在前面出现过的最小自然数,所以有ak>ak-1,而bk=ak+k>ak-1+k-1=bk-1>ak-1。
所以性质1。
成立。
2。
任意操作都可将奇异局势变为非奇异局势。
事实上,若只改变奇异局势(ak,bk)的某一个分量,那么另一个分量不可能在其他奇异局势中,所以必然是非奇异局势。
如果使(ak,bk)的两个分量同时减少,则由于其差不变,且不可能是其他奇异局势的差,因此也是非奇异局势。
3。
采用适当的方法,可以将非奇异局势变为奇异局势。
假设面对的局势是(a,b),若b=a,则同时从两堆中取走a个物体,就变为了奇异局势(0,0);如果a=ak,b>bk,那么,取走b-bk个物体,即变为奇异局势;如果a=ak,bak,b=ak+k,则从第一堆中拿走多余的数量a-ak即可;如果a从如上性质可知,两个人如果都采用正确操作,那么面对非奇异局势,先拿者必胜;反之,则后拿者取胜。
那么任给一个局势(a,b),怎样判断它是不是奇异局势呢?
我们有如下公式:
ak=[k(1+√5)/2],bk=ak+k(k=0,1,2,...,n方括号表示取整函数)
奇妙的是其中出现了黄金分割数(1+√5)/2=1。
618...,因此,由ak,bk组成的矩形近似为黄金矩形,由于2/(1+√5)=(√5-1)/2,可以先求出j=[a(√5-1)/2],若a=[j(1+√5)/2],那么a=aj,bj=aj+j,若不等于,那么a=aj+1,bj+1=aj+1+j+1,若都不是,那么就不是奇异局势。
然后再按照上述法则进行,一定会遇到奇异局势。
巴什博奕(BashGame):
只有一堆n个物品,两个人轮流从这堆物品中取物,规定每次至少取一个,最多取m个。
最后取光者得胜。
显然,如果n=m+1,那么由于一次最多只能取m个,所以,无论先取者拿走多少个,后取者都能够一次拿走剩余的物品,后者取胜。
因此我们发现了如何取胜的法则:
如果n=(m+1)r+s,(r为任意自然数,s≤m),那么先取者要拿走s个物品,如果后取者拿走k(≤m)个,那么先取者再拿走m+1-k个,结果剩下(m+1)(r-1)个,以后保持这样的取法,那么先取者肯定获胜。
总之,要保持给对手留下(m+1)的倍数,就能最后获胜。
这个游戏还可以有一种变相的玩法:
两个人轮流报数,每次至少报一个,最多报十个,谁能报到100者胜
尼姆博奕(NimmGame):
有三堆各若干个物品,两个人轮流从某一堆取任意多的物品,规定每次至少取一个,多者不限,最后取光者得胜。
这种情况最有意思,它与二进制有密切关系,我们用(a,b,c)表示某种局势,首先(0,0,0)显然是奇异局势,无论谁面对奇异局势,都必然失败。
第二种奇异局势是(0,n,n),只要与对手拿走一样多的物品,最后都将导致(0,0,0)。
仔细分析一下,(1,2,3)也是奇异局势,无论对手如何拿,接下来都可以变为(0,n,n)的情形。
计算机算法里面有一种叫做按位模2加,也叫做异或的运算,我们用符号(+)表示这种运算。
这种运算和一般加法不同的一点是1+1=0。
先看(1,2,3)的按位模2加的结果:
1=二进制01
2=二进制10
3=二进制11(+)
———————
0=二进制00(注意不进位)
对于奇异局势(0,n,n)也一样,结果也是0。
任何奇异局势(a,b,c)都有a(+)b(+)c=0。
如果我们面对的是一个非奇异局势(a,b,c),要如何变为奇异局势呢?
假设a
a(+)b(+)(a(+)b)=(a(+)a)(+)(b(+)b)=0(+)0=0。
要将c变为a(+)b,只要从c中减去c-(a(+)b)即可。
例1。
(14,21,39),14(+)21=27,39-27=12,所以从39中拿走12个物体即可达到奇异局势(14,21,27)。
例2。
(55,81,121),55(+)81=102,121-102=19,所以从121中拿走19个物品就形成了奇异局势(55,81,102)。
例3。
(29,45,58),29(+)45=48,58-48=10,从58中拿走10个,变为(29,45,48)。
例4。
我们来实际进行一盘比赛看看:
甲7,8,9)->(1,8,9)奇异局势
乙1,8,9)->(1,8,4)
甲1,8,4)->(1,5,4)奇异局势
乙1,5,4)->(1,4,4)
甲1,4,4)->(0,4,4)奇异局势
乙0,4,4)->(0,4,2)
甲0.4,2)->(0,2,2)奇异局势
乙0,2,2)->(0,2,1)
甲0,2,1)->(0,1,1)奇异局势
乙0,1,1)->(0,1,0)
甲0,1,0)->(0,0,0)奇异局势
甲胜。
ConvexHull3D
描述
Givennpointsin3Dspace,countthenumberoffacesoftheirconvexhull.Intheconvexhull,notwofacescanbecoplanar.
输入
ThefirstlinecontainsasingleintegerT(1≤T≤100),thenumberoftestcases.Eachtestcasebeginswithalinecontainingasingleintegern(4≤n≤1000),thenumberofpoints.
Inthefollowingnlines,eachcontainsthreeintegersx,y,z(-1000≤x,y,z≤1000),thecoordinatesofeachpoint.
输出
Foreachtestcase,printthecasenumberandthenumberoffaces.Iftheconvexhullisempty(allthepointslieinasingleplane),output0.
样例输入
3
4
100
010
001
000
4
000
010
110
100
9
000
020
220
200
002
022
222
202
111
样例输出
Case1:
4
Case2:
0
Case3:
6
#include
#include
#include
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
#definetypedouble
constintmaxn=1005;
constintnotexist=-1;
constdoubleeps=1e-8;
structPoint
{
typex,y,z;
voidoperator-=(Pointother){
x=x-other.x;
y=y-other.y;
z=z-other.z;
}
booloperator<(Pointother)const{
if(x!
=other.x)returnxif(y!
=other.y)returnyreturnz}
booloperator==(Pointother)const{
returnfabs(x-other.x)+fabs(y-other.y)+fabs(z-other.z)}
};
Pointp[maxn];//storethesetofpoints
intn;//numberofpoints
intf[10*maxn][3];//storethefaces
intfc;//numberoffaces
boolR[maxn][maxn];//(i,j,R[i][j])isaface
typedelta3d(constPoint&A,constPoint&B,constPoint&C)
{
returnA.x*(B.y*C.z-B.z*C.y)
-A.y*(B.x*C.z-B.z*C.x)
+A.z*(B.x*C.y-B.y*C.x);
}
typecross2d(PointA,PointB,PointC)
{
typea,b,c;
B.x-=A.x;
B.y-=A.y;
B.z-=A.z;
C.x-=A.x;
C.y-=A.y;
C.z-=A.z;
a=B.y*C.z-B.z*C.y;
b=B.x*C.z-B.z*C.x;
c=B.x*C.y-B.y*C.x;
returnsqrt(a*a+b*b+c*c);
}
typecross3d(PointA,PointB,PointC,PointD)
{
B-=A;
C-=A;
D-=A;
returndelta3d(B,C,D);
}
inlinevoidaddface(constint&pa,constint&pb,constint&pc)//(pa,pb,pc)
{
f[fc][0]=pa;
f[fc][1]=pb;
f[fc++][2]=pc;
}
inlinevoiddelface(inti)//removerelation(pa,pb,pc)fromR
{
f[i][0]=f[fc-1][0];
f[i][1]=f[fc-1][1];
f[i][2]=f[fc-1][2];
fc--;
}
doublesurface()
{
inti;
doubleans=0;
for(i=0;ians/=2.0;
returnans;
}
doublevolume()
{
inti;
doubleans=0;
for(i=0;ians/=6.0;
returnans;
}
voidConvexHull()//n>=4,notwopointstakesthesameposition
{
inti,k,h,j;
typet;
fc=0;//setthenumberoffacestozero
for(i=2;ieps){
swap(p[2],p[i]);
break;
}
if(i==n)return;
for(i=3;ieps){
swap(p[3],p[i]);
break;
}
if(i==n)return;
addface(0,1,2);
addface(2,1,0);
for(k=3;ki=0;
boolflag=0;
while(iflag=1;
R[f[i][0]][f[i][1]]=1;
R[f[i][1]][f[i][2]]=1;
R[f[i][2]][f[i][0]]=1;
delface(i);
}else{
R[f[i][0]][f[i][1]]=0;
R[f[i][1]][f[i][2]]=0;
R[f[i][2]][f[i][0]]=0;
i++;
}
if(!
flag)continue;
h=fc;
for(i=0;iR[f[i][0]][f[i][1]]){
if(R[f[i][1]][f[i][0]])addface(f[i][1],f[i][0],k);
if(R[f[i][2]][f[i][1]])addface(f[i][2],f[i][1],k);
if(R[f[i][0]][f[i][2]])addface(f[i][0],f[i][2],k);
}
}
}
intcountface()
{
inti,j,ans=0;
for(i=0;ifor(j=0;j
if(fabs(cross3d(p[f[i][0]],p[f[j][0]],p[f[j][1]],p[f[j][2]]))fabs(cross3d(p[f[i][1]],p[f[j][0]],p[f[j][1]],p[f[j][2]]))fabs(cross3d(p[f[i][2]],p[f[j][0]],p[f[j][1]],p[f[j][2]]))break;
}
if(j==i)ans++;
}
returnans;
}
intmain()
{
intcas,i,j;
//freopen("in.dat","r",stdin);
scanf("%d",&cas);
for(j=1;j<=cas;j++){
scanf("%d",&n);
for(i=0;isort(p,p+n);
n=unique(p,p+n)-p;
ConvexHull();
printf("Case%d:
%d\n",j,countface());
//printf("%.4lf%.4lf\n",surface(),volume());
}
return0;
}
Zoj2676分数划分要求构造解
#include
usingnamespacestd;
constintmaxn=200;
constintmaxm=1000;
constdoubleeps=1e-12;
constdoubledps=1e-6;
constdoublemaxw=1e11;
doublec[maxm],tc[maxm];
intb[maxm],op[maxm],next[maxm];
inte[maxn],d[maxn],p[maxn],que[maxn],reach[maxn];
boolmark[maxn];
intm,n,s,t,size,ns;
doubleflow,value;
doublemin(doublea,doubleb){returna
a:
b;}
voidaddedge(intu,intv,doublex,intp){
size++;
next[size]=e[u];
e[u]=size;
c[size]=x;
b[size]=v;
op[size]=p;
}
voidinit(){
inti,a,b,x;
memset(e,-1,sizeof(e));
s=1;t=n;ns=t+1;size=0;
for(i=1;i<=m;i++){
scanf("%d%d%d",&a,&b,&x);
tc[i]=x;
addedge(a,b,x,size+2);
addedge(b,a,x,size);
}
}
voidcreate(doubleg)
{
inti;
doublex;
flow=value=0;
for(i=1;i<=m;i++){
x=tc[i]-g;
if(x<0)value+=x;
c[2*i-1]=c[2*i]=x;
}
}
boolconnect(){
inti,j,l,r;
memset(que,0,sizeof(que));
memset(mark,0,sizeof(mark));
for(i=0;i<=ns;i++)d[i]=ns;
d[s]=0;
que[1]=s;l=0;r=1;mark[s]=true;
l=0;r=1;
while(li=que[++l];
for(j=e[i];j>0;j=next[j])
if(!
mark[b[j]]&&c[j]>eps){
mark[b[j]]=true;
que[++r]=b[j];
d[b[j]]=d[i]+1;
}
}
return(d[t]}
doubleaugment(int&top){
inti;
doublex;
x=maxw;
for(i=top;i>=2;i--){
x=min(x,c[p[que[i-1]]]);
}
if(xfor(i=top;i>=2;i--){
c[p[que[i-1]]]-=x;
c[op[p[que[i-1]]]]+=x;
if(c[p[que[i-1]]]top=i-1;
p[que[i-1]]=next[p[que[i-1]]];
}
}
returnx;
}
doubledfs(){
inti,u,v,top;
doublesum;
memset(que,0,sizeof(que));
for(i=0;i<=ns;i++)p[i]=e[i];
que[1]=s;top=1;sum=0;
while(top>0){
if(que[top]==t){
sum+=augment(top);
}
else{
u=que[top];
for(;p[u]>0;p[u]=next[p[u]]){
v=b[p[u]];
if(p[v]>0&&c[p[u]]>eps&&d[v]==d[u]+1)break;
}
if(p[u]<=0)top--;
elseque[++top]=v;
}
}
returnsum;
}
voiddfss(intu){
inti;
if(reach[u])return;
reach[u]=1;
for(i=e[u];i>0;i=next[i])
if(c[i]>eps)dfss(b[i]);
}
voidmincut(doubleg){
inti,num;
memset(reach,0,sizeof(reach));
dfss(s);
num=0;
for(i=1;i<=m;i++)
if((reach[b[2*i]]^reach[b[2*i-1]])||(tc[i]-g<=0))num++;
cout<for(i=1;i<=m;i++)
if((reach[b[2*i]]^reach[b[2*i-1]])||(tc[i]-g<=0)