湖北省荆州市中考物理试题附解析.docx

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湖北省荆州市中考物理试题附解析

2018年荆州市物理中考试题

选择题

（2018·荆州中考）13.下列关于水能的说法，正确的是

A.水能是可再生能源

B.利用水能发电不会破坏生态环境，所以要尽可能多的修建水力发电站

C.水力发电是将水的内能转化为电能

D.水能比电能更方便输送和转化

解析:

选A。

本题考查新能源。

水能可以很快再生，属于可再生能源，A正确；建造水电站可能对周围的生态环境造成影响，所以要慎重建造，B错误；水力发电是把水的机械能转化为电能，C错误；水能远不如电能方便输送和转化，所以要把水能转变成电能，D错误。

（2018·荆州中考）14.关于声现象，下列说法正确的是

A.有些高科技产品不振动也可发声

B.声音只可以传递信息

C.考场周边“禁止鸣笛”是防止噪声产生

D.“闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的

解析：

选C。

本题综合考查声现象。

所有的声音都是由振动产生的，A错误；声音既可以传递信息也可以传递能量，B错误；禁止鸣笛是从声源处防止声音的产生，C正确；闻其声而知其人是根据声音的音色来判断的，D错误。

（2018·荆州中考）15.下列几个光现象中，属于光的反射现象的是

A.路灯下的“人影”

B.大桥在水中的“倒影”

C.海面上的“海市蜃楼”

D.雨后的“彩虹”

解析：

选B。

本题考查光现象的判断。

路灯下的人影是影子，是由光的直线传播形成的，A错误；大桥在水中的倒影是平面镜成像，是光的反射现象，B正确；海面上的海市蜃楼是光的折射现象形成的，C错误；雨后的彩虹是光的色散，D错误。

（2018·荆州中考）16.以下说法，不正确的是

A．春日清晨，草叶上形成露珠是液化现象

B．夏天傍晚，院子里洒水利用汽化吸热降温

C．晚秋时节，瓦片上出现白霜是凝固现象

D．深冬时节，树枝上出现雾凇是凝华现象

解析：

选C。

本题考查对物态变化现象的判断。

露珠的形成是空气中的水蒸气液化，A正确；洒水可以利用水的蒸发来吸热降温，B正确；白霜、雾凇的出现，都是空气中的水蒸气凝华所致，C错误、D正确；故选C。

（2018·荆州中考）17.关于平面镜成像特点及其实验探究，下列说法不正确的是

A.物体距平面镜越近所成的像越大

B.将蜡烛靠近玻璃板的同时像也将靠近玻璃板

C.做多次实验是为了避免实验结果的偶然性

D.使用光屏是为了探究平面镜所成像的虚实

解析:

选A。

本题考查平面镜成像的特点及其实验探究。

平面镜所成的像是与物体等大的虚像，与物体与平面镜的距离无关，A错误；物体与在镜中所成的像与镜面的距离相等，所以蜡烛靠近玻璃板的时候，像也会靠近玻璃板，B正确；做多次实验是为了避免实验结果的偶然性，C正确；实像能用光屏承接，虚像不能，所以用光屏可以探究平面镜所成像的虚实，D正确；故选A。

（2018·荆州中考）18.某同学家的电灯均正常工作，当他把“220V16W”的台灯插入插座后，闭合台灯开关，室内电灯全部熄灭.发生这一现象的原因可能是

A.插座处短路B.台灯灯头处短路

C.插座处断路D.台灯灯头处断路

解析：

选B。

本题考查家庭电路故障问题。

如果是断路，则只会影响到台灯，不会影响到其他灯，故C、D错误；如果是插座处短路，则不用等到闭合开关就会导致保险丝烧断室内点灯全部熄灭，所以A错误；灯头处短路符合题中所述情景，闭合开关之后，保险丝被烧断，室内点灯全部熄灭，故选B。

（2018·荆州中考）19.如图所示的几个实验装置中，与动圈式话筒工作原理相同的是

AB．C．D．

解析：

选D。

本题综合考查电磁学实验。

动圈式话筒是利用电磁感应工作的。

A项、B项都是电流的磁效应，C项是磁场对通电导线的作用力，D项是电磁感应实验，所以选D。

（2018·荆州中考）20.2017年10月28日，荆州国际马拉松赛激情开跑.这是荆州有史以来规模最大、影响最广的一次国际体育赛事，向世界展示了一个生态、人文、健康、创新、开放的荆州.以下说法正确的是

A.某选手冲线后没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用

B.运动员鞋底面刻有凹凸不平的花纹，主要是为了增大压力

C.奔跑中的运动员看到路旁的树向后退去，是以大地为参照物

D.某选手跑前1km用时5min，最后100m用时20s，该选手跑最后100m平均速度大

解析：

选D。

本题综合考查力与运动。

选手冲线后没有立即停下来，是因为他有惯性，而不是受到惯性力的作用，A错误；运动鞋的地面刻有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦力，而不是压力，B错误；奔跑中的选手看到路边的树向后退，是以自己为参照物的，C错误；v1=s1/t1=1km/5min=1000m/300s=3.3m/s，v2=s2/t2=100m/20s=5m/s，所以该选手最后100m平均速度大，D正确。

（2018·荆州中考）21.如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是

A.木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力

B.木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力

C.木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力

D.木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力

解析：

选C。

本题考查平衡力和相互作用力的辨析。

木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力的方向不在同一条直线上，所以二者不是一对平衡力，A错误；木块对细绳的拉力和细绳对木块的拉力是一对相互作用力，所以B、D均错误；木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力，C正确。

（2018·荆州中考）22.如图所示，将滑动变阻器R1与定值电阻R2接入电源电压不变的电路中.闭合开关S，各表均有一定示数，滑动变阻器的滑片向右滑动到某一位置，电压表V1、V2示数的变化量分别为△U1、△U2.下列说法正确的是

A．V1示数变大，V2示数不变

B．V1示数变大，△U1＞△U2

C．V2示数变小，V2示数和电流表示数之比变小

D．V2示数变小，V2示数和电流表示数之比不变

解析：

选D。

本题考查欧姆定律在串联电路中的应用。

滑动变阻器的滑片右移，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，所以V2的示数变小，R1与R2串联，V1、V2示数之和为电源电压，不变，所以V1的示数变大，且△U1=△U2，A、B两项都错误；V2示数和电流表示数之比为R2阻值，不变，C错误，D正确。

（2018·荆州中考）23.如图所示的电路，电源电压U=12V保持不变，滑动变阻器R0标有“100Ω1A”字样，灯泡L标有“6V6W”字样（灯丝电阻不随温度而变化），电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V.为了确保测量准确，要求电表的示数不小于其最大测量值的1/3，要使测量准确并确保电路安全，下列判断正确的是

A．灯泡L消耗的最小功率是0.24W

B．正常发光时灯丝的电阻是12Ω

C．电路中电流的变化范围是0.11A～0.6A

D．滑动变阻器阻值的变化范围是14Ω～48Ω

解析：

选A。

本题综合考查电功率、欧姆定律、串并联电路的规律。

灯泡灯丝的电阻R

，代入数据可得R=6Ω，B错误；考虑到电表示数要求，电流表的示数为I1=0.6A/3=0.2A时，电路中电流最小，灯泡L消耗的功率最小，这时P=I2R=（0.2A）2×6Ω=0.24W，A正确；当灯泡正常发光时，电路中电流最大，Imax=P/U=6W/6V=1A，，所以电路中电流的变化范围是0.2A～1A，C错误；当电路中电流最小时，电路中总电阻为R1=U总/I1=12V/0.2A=60Ω，这时滑动变阻器连入电路的阻值为R01=R1－R=60Ω－6Ω=54Ω，当电路中电流最时大，电路中的总电阻为R2=U总/Imax=12V/1A=12Ω，这时滑动变阻器连入电路的阻值为R02=R2－R=12Ω－6Ω=6Ω，当滑动变阻器的阻值在6Ω～54Ω范围内变动时，电压表的示数符合要求，所以滑动变阻器的阻值变化范围为6Ω～54Ω，D错误。

（2018·荆州中考）24.如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮重均为50N，滑轮组下端挂有物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，此时测力计的示数为550N；在物体B下加挂重为90N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体B上升的速度大小为5cm/s.若不计绳重及滑轮的摩擦，g取10N/kg，则下列说法中正确的是

A．物体A所受滑动摩擦力大小为275N

B.F的大小为530N

C.F做功的功率为42w

D．B的重力为500N

解析：

选B。

本题考查滑轮组。

设物体A所受摩擦力大小为f，则有2f+50N=550N，所以f=250N,A错误；对于物体B，有3f=GB+G滑，即250N×3=GB+50N，所以GB=700N，D错误；加挂物体C后，有3（F—f）=GB+GC+G滑，即3（F-250N）=700N+90N+50N，解得F=530N，B正确；物体B上升的速度为5cm/s，则拉力F端移动的速度v=3×5cm/s=0.15m/s，F的功率P=Fv=530N×0.15m/s=79.5W，C错误。

二、填空题（本大题包括4小题，每小题4分，共16分）

（2018·荆州中考）25.

（1）据报道，荆州机场已在沙市区岑河镇动工，机场的建成将为我们的出行带来极大方便.飞机升空过程中，机翼___上__方（选填“上”或“下”）的空气流速大，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强会___变小__（选填“变大”、“变小”或“不变”）.

解析：

本题考查流体的压强与流速的关系、大气压。

飞机机翼横截面上方是圆弧状，下方是直线，飞机运动时上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而形成升力；大气压随海波的升高而降低。

（2）游乐园的小朋友从滑梯上匀速下滑过程中，动能__不变___（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时臀部有灼热感，这是通过___做功____方式来改变内能的.

解析：

本题考查动能及内能改变的方式。

匀速下滑，速度不变，所以动能不变；臀部有灼热感是通过摩擦做功，把机械能变为内能。

（2018·荆州中考）26.小明的爸爸新买了一辆燃油小汽车，小明估测了一下小汽车的宽度约为200___cm__（填长度单位）；刚打开车门，他就闻到一股气味，爸爸告诉他这其实是物理学中的___扩散___现象；汽车对地面的压力是由于__轮胎___（选填“轮胎”、“地面”）发生形变而产生的；汽车依靠发动机工作时的___做功__冲程获得动力.

解析：

本题综合考查长度估测、分子动理论、弹力、热机。

小汽车的宽度在2m左右，也就是200cm；汽车中的气味是因为汽车中物质的扩散而来；轮胎变形对地面产生了压力；汽油机工作时，做功冲程对外做功提供动力。

（2018·荆州中考）27.某家庭用的电热水器将体积为60L，温度为20℃的自来水加热到50℃，则水吸收的热量为__7.56×106___J［水的比热容4.2×103J/（kg·℃）］.若热水器的功率为2000w，用时5000s，则该热水器的效率为____75.6%_____.

解析：

本题考查热量的相关计算。

Q=cmΔt=4.2×103J/（kg·℃）×1.0×103kg/m3×60×10-3m3×（50℃-20℃）=7.56×106J；效率η=

=

=

=75.6%

（2018·荆州中考）28.如图所示，一轻质杠杆水平支在支架上，OA=20cm，G1是边长为5cm的正方体，G2重为20N.当OC=l0cm时，绳子的拉力为__10___N，此时G1对地面的压强为2×104Pa.现用一水平拉力使G2以5cm/s的速度向右匀速直线运动，经过___10___s后，可使G1对地面的压力恰好为零．

解析：

本题考查杠杆的平衡条件的应用。

根据杠杆的平衡条件，当OC=10cm时，G2×OC=F×OA，即20N×10cm=F×20cm，所以F=10N。

此时G1对地面的压强为2×104Pa，即

=2×104Pa，其中S=0.05m×0.05m=2.5×10-3m2，代入前面的式子得，G1=60N。

当G1对地面的压力为零时，G1×OA=G2×L，即60N×20cm=20N×L，解得L=60cm，根据题意有OC+vt=L，即10cm+5cm/s·t=60cm，所以t=10s。

三.实验与探究题（本大题包括5小题，每空1分，共24分）

（2018·荆州中考）29.（5分）如图甲是小明、小红两名同学分别探究“水的沸腾”的实验装置，他们所用的器材规格完全相同.

（1）安装实验器材时，应按照     自下而上 的顺序进行（选填“自下而上”或“自上而下”）.

（2）安装好器材开始实验后，小红如图甲所示进行读数，其错误之处是：

读数时，视线没有与温度计中液柱的上表面   相平      .

（3）读数时小明发现A点有小水滴影响读数，小水滴的成因是       液化      （填物态变化名称），而按乙图改进后可以顺利读数.

（4）图丙是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像.

①由图像可知，实验室当时的大气压      低于    （选填“高于”、“低于”或“等于”）1标准大气压.

②若小明和小红所选水的质量分别为m1、m2，根据图像丙分析可知m1  _＜___m2（选填“＞”、“＜”或“=”）.

解析：

本题考查水的沸腾的实验探究。

（1）为便于更好地确定位置，实验装置要按照从下到上的顺序进行安装；

（2）温度计读数时要注意实现与刻度相平；

（3）温度计上的小水滴是沸腾时产生的水蒸气遇冷液化而成；

（4）由图像知，实验时水的沸点是98℃，不到100℃，所以这时的大气压低于1标准大气压，小明的实验中，水用更短的时间达到沸点，而加热的装置相同，所以小明用的水的质量更小，即m1  ＜m2。

（2018·荆州中考）30.（6分）在探究凸透镜成像规律时，如图甲所示，将A凸透镜固定在光具座上35cm刻线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处，移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的像，由A凸透镜成像中物距和像距的变化关系画出图像如图乙所示；接着他保持蜡烛的位置不变，将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变，移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图丙所示.

（1）请根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断：

凸透镜A的焦距是      10         cm，凸透镜A的焦距           小于    凸透镜B的焦距（选填“大于”、“小于”或“等于”）.

（2）在甲图中，保持凸透镜不动，把蜡烛向右移动5cm，要想在光屏上再次得到清晰的像，应该把光屏向____右__（选填“左”、“右”）移动一段距离，像将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）.

（3）图丙所示的实验现象可以说明幻灯机的成像特点（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）；若将远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了，若保持凸透镜和光屏的位置不动，应使蜡烛靠近（选填“靠近”、“远离”）凸透镜，则又能在光屏上看到蜡烛清晰的像.

解析：

本题考查凸透镜成像规律的实验探究。

（1）根据图乙可知，当u=v=20cm时，蜡烛成等大的实像，这时u=v=2f，所以f=10cm，即凸透镜A的焦距是10cm。

设凸透镜B的焦距为fB，由图丙知fB＜30cm＜2fB,所以15cm＜fB＜30cm，所以凸透镜A的焦距小于凸透镜B的焦距。

（2）原来蜡烛距离凸透镜30cm，蜡烛右移5cm后，物距变为25cm，根据凸透镜成像特点，物距变小，像距变大，所以光屏应向右移动，像距比原来更大，所以像将变大；

（3）图丙所示实验中，蜡烛通过凸透镜成放大倒立的实像，与幻灯机的工作原理一致；把远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，远视眼镜相当于一个放大镜，所以通过透镜B成像的是蜡烛的放大的虚像，像的位置在蜡烛的左侧，要想还在原来的装置上成像，需要蜡烛靠近透镜，使其通过远视眼镜所成的放大虚像在原来蜡烛的位置上。

（2018·荆州中考）31.（5分）为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲、乙所示的实验装置来进行实验.图甲是让不同质量的小球沿同一光滑斜面从B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面上运动一段距离后静止时的情景；图乙是让质量相同的小球沿同一光滑斜面分别从A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景.

（1）若要探究动能大小与速度的关系，应选择图___乙___（选填“甲”、“乙”）进行实验.

（2）木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力不变（选填“变大”、“变小”或“不变”），克服摩擦力做功的功率变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）.

（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？

不能，原因是光滑水平面上，木块将不会停下来.

解析：

本题考查动能大小决定因素的探究。

（1）本实验需要采用控制变量法，要探究动能大小与速度的关系，则需要控制小球质量相同，从不同高度滑下，所以应选择图乙进行实验。

（2）木块在水平面上滑动时，对水平面的压力不变，接触面情况不变，所以摩擦力大小不变，但木块的运动速度越来越小，所以克服摩擦力做功的功率变小。

（3）如果实验装置中的水平面绝对光滑，将不能得出结论，因为在光滑水平面上，木块不能停下来，也就无从比较小球动能的大小了。

（2018·荆州中考）32.（5分）小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：

标有“3.8V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表V1和V2（没有电流表）、阻值为10Ω的定值电阻R0、导线若干.她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图.

（1）请你将图甲中电路图补充完整.

（2）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数

为　3.8　V，此时电压表V2的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为　0.76　W.

（3）她还进一步设计出了如图丙所示电路图测量小灯泡额定功率，调节滑动变阻器，使电流表A2的示数为　0.38　A时，再读出电流表A1的示数，即可计算小灯泡的额定功率.

（4）小明说，利用丙图，把R0更换成未知电阻Rx，把小灯泡的额定电流和额定功率当作已知条件（灯丝电阻随温度而变化），可以测出未知电阻Rx的阻值.方法为：

调节滑动变阻器，使电流表A1的示数为____0.2___A时，读出电流表A2的示数，即可计算Rx的阻值.

解析：

本题考查小灯泡功率的特殊测量实验。

（1）小灯泡的额定电压已知，只要测出在额定电压下通过它的电流即可，而实验器材中没有电流表，所以需要通过间接测量法，根据欧姆定律，测出通过定值电阻的电流，从而知道通过小灯泡的电流，所以需要在R0两端并联电压表；

（2）要测量小灯泡的额定功率，需要其两端电压为额定电压，所以需要使V1的示数为3.8V，读图乙可知，此时R0两端的电压为2.0V，根据欧姆定律可以算出，电路中的电流为I=

=

=0.2A，这就是小灯泡的额定电流，所以小灯泡的额定功率为P=UI=3.8V×0.2A=0.76W。

（3）图丙的方法是利用并联电路的特点，调节小灯泡两端的电压，使其达到3.8V，这时候R0两端电压也是3.8V，电流A2的示数为I2=3.8V/10Ω=0.38A。

（4）因为灯丝电阻会发生变化，所以必须使通过小灯泡的电流是其额定电流，即0.2A，这时小灯泡两端的电压是其额定电压3.8V，Rx两端电压也是3.8V，通过欧姆定律可以求出Rx。

（2018·荆州中考）33.（3分）小金在实验室做测量电阻实验时，设计了如图所示的电路，用来测量接入1、2两点间导体的电阻，已知电源电压为6V.

（1）用导线直接连接1、2两点，电流表示数刚好达到最大测量值，则电阻R为10Ω.

（2）把待测电阻Rx接入1、2两点之间，此时电流表读数为0.2A，则Rx的阻值是___20___Ω.

（3）小金实验时，发现电流表损坏，于是找来另外一块表盘模糊不清但其他均完好的电流表做实验.在实验过程中，先将电阻R1接在1、2两点之间，再将R2=30Ω并联在R1两端，前后两次电流表指针偏转角度之比为20:

21，则R1=5Ω.

解析：

本题考查伏安法测电阻。

（1）用导线直接连接1、2两点，则电路中只接有R一个电阻，其两端电压为电源电压，电流为0.6A，所以R=U/I=6V/0.6A=10Ω；

（2）把Rx接入电路，则电路中的总电阻R总=

=

=30Ω=R+Rx，所以Rx=20Ω；

（3）把R2并联在R1两端，假设其等效电阻为R0,则

，解得R0=

根据欧姆定律及题意可知，

:

=20:

21，联立以上两个方程可以解得，R1=5Ω。

四．综合应用题（本大题包括2小题，8分+8分=16分.解题时要写出必要的文字说明、解答依据、重要演算步骤等）

（2018·荆州中考）34.如图，已知电源电压为24V，R2上标有“100Ω3A”的字样，灯泡上标有“12V3W”的字样，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A的量程为0～3A.

（1）求灯泡正常工作时的电阻；

（2）当闭合S，断开S1，S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻；

（3）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器，求R2的电功率变化范围.

解：

（1）RL=

（2分）

（2）闭合S，断开S1、S2时，R1与L串联，灯L发光正常，

U1=U电－UL=24v－12v=12vIL额=

I=IL额

R1=

（3分）

（3）当S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，U1=U2=U电=24VI1=

I干max=3AI2max=I干max－I1=3A－0.5A=2.5AP2max=UI2max=24V×2.5A=60W

R2max=100ΩP2min=

R2的电功率范围为5.76W～60W（3分）

（其他正确解法参照此标准给分）

（2018·荆州中考）35.如图所示是蒙华铁路荆州段长江大桥施工现场，工程师用起吊装置在江中起吊工件.己知工件重4000N，每个滑轮重500N，声音在水中的传播速度是1500m/s.在水面上用超声测位仪向江底的工件垂直发射超声波，经过0.02s后收到回波.（不计绳重和摩擦，g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）

（1）求工件在水下的深度；

（2）不计工件的高度，求水对工件产生的压强；

（4）当工件在水面下匀速上升时，绳子自由端的拉力为500N，求工件的体积；

（4）不计动滑轮体积，求工件在水下匀速上升时滑轮组的机械效率（结果在小数点后保留一位数字）.

解：

（1）h=vt=

×1500m/s×0.02s=15m（2分）

（2）P=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa（2分）

（3）不计绳重及摩擦，F拉=

F浮=G物+G轮－nF拉=4000N+500N－3×500N=3000N

F浮=ρ水gV排V排=

（2分）

（5）工件在水中匀速上升时，η=

（2分）

（其他正确解法参照此标准给分）