高考物理第一篇选择题拿满分必须夯实的14种热考题型专题06牛顿运动定律题型抢分卷.docx

高考物理第一篇选择题拿满分必须夯实的14种热考题型专题06牛顿运动定律题型抢分卷.docx

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高考物理第一篇选择题拿满分必须夯实的14种热考题型专题06牛顿运动定律题型抢分卷

【2019-2020】高考物理第一篇选择题拿满分必须夯实的14种热考题型专题06牛顿运动定律题型抢分卷

1、考法分析和解题技法

热门考法

◎考法1对牛顿第一定律的理解惯性

◎考法2对牛顿第三定律的理解与应用

◎考法3对牛顿第二定律的理解

◎考法4两类动力学问题

◎考法5连接体问题

解题技法

þ技法1熟悉物理学家对力和运动关系的观点；掌握牛顿第一定律的内容；掌握惯性的定义和量度；

þ技法2区分相互作用力与平衡力；运用牛顿第三定律解释分析问题；

þ技法3利用牛顿第二定律分析力、加速度和运动的关系；应用牛顿第二定律分析瞬时问题；

þ技法4两类动力学问题：

①已知运动分析力；②已知受力分析运动；

þ技法5灵活运用整体法、隔离法解决连接体问题。

2、真题再现

考例1（2014卷，T19）伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：

小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3.根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（　　）

A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置

B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态

C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变

D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小

【答案】A

【考法】对牛顿第一定律的理解惯性。

考例2（2018全国I卷，T15）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是（）

【答案】A

【解析】由牛顿运动定律，F-mg+F弹=ma，F弹=k（x0-x），kx0=mg，联立解得F=ma+kx，对比题给的四个图象，可能正确的是A。

【考法】对牛顿第二定律的理解。

考例3（2015课标卷Ⅰ，T20）（多选）如图（a），一物块在t＝0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图（b）所示．若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出（　　）

A．斜面的倾角

B．物块的质量

C．物块与斜面间的动摩擦因数

D．物块沿斜面向上滑行的最大高度

【答案】ACD

【解析】由vt图象可知物块沿斜面向上滑行时的加速度大小为a＝

，根据牛顿第二定律得mgsinθ＋μmgcosθ＝ma，即gsinθ＋μgcosθ＝

.同理向下滑行时gsinθ－μgcosθ＝

，两式联立得sinθ＝

，μ＝

.可见能计算出斜面的倾斜角度θ以及动摩擦因数，选项A、C正确；物块滑上斜面时的初速度v0已知，向上滑行过程为匀减速直线运动，末速度为0，那么平均速度为

，所以沿斜面向上滑行的最远距离为x＝

t1，根据斜面的倾斜角度可计算出向上滑行的最大高度为xsinθ＝

t1×

＝

，选项D正确；仅根据vt图象无法求出物块的质量，选项B错误．

【考法】动力学问题：

已知运动分析力。

考例4（2015课标卷Ⅱ，T20）（多选）在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩连接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着车厢以大小为

a的加速度向西行驶时，P和Q间的拉力大小仍为F.不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（　　）

A．8B．10

C.15D．18

【答案】BC

【考法】连接体问题：

整体法和隔离法。

3、试题预测

预测1伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从固定斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至0，如图所示．伽利略设计这个实验的目的是说明（　　）

A．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度

B．如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒

C．维持物体做匀速直线运动并不需要力

D．如果物体不受到力，就不会运动

【答案】C

【考法】对牛顿第一定律的理解惯性。

预测2如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（　　）

A．（M＋m）g　　　　　

B．（M＋m）g－ma

C．（M＋m）g＋ma

D．（M－m）g

【答案】B

【思路分析】　1.人沿竿加速下滑时人的受力情况：

重力mg（向下），竿对人向上的静摩擦力

f＝mg－ma.

2．竿受本身重力Mg，

竿上的人对它向下的静摩擦力f′＝mg－ma，

底人的支持力

FN＝Mg＋（mg－ma）．

【解析】　

转换对象

“底人”受力→竿受力

思路立现

通过转换研究对象将研究对象由受力复杂的“底人”转换为受力较“少”的杆，便于分析和计算

对竿上的人分析：

受重力mg、摩擦力Ff，有mg－Ff＝ma得Ff＝m（g－a）．竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力——摩擦力，且大小相等，方向相反．对竿分析：

受重力Mg、竿上的人对竿向下的摩擦力Ff′、顶竿的人对竿的支持力FN，有Mg＋Ff′＝FN，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到FN′＝Mg＋Ff′＝（M＋m）g－ma.B项正确．

【考法】对牛顿第三定律的理解与应用。

预测3（多选）如图所示，倾角为θ的斜面静置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三球的质量分别为m、2m、3m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接．弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，现突然剪断细线或弹簧．下列判断正确的是（　　）

A．弹簧被剪断的瞬间，A、B、C三个小球的加速度均为零

B．弹簧被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为零

C．细线被剪断的瞬间，A、B球的加速度沿斜面向上，大小为gsinθ

D．细线被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为4mgsinθ

【答案】CD

【考法】对牛顿第二定律的理解；运用牛顿第二定律分析瞬时问题。

预测4某同学为研究超重和失重现象，将重为50N的重物带上电梯，并将它放在电梯中水平放置的压力传感器上．电梯由静止开始运动，测得重物对传感器的压力F随时间t变化的图象如图所示．设电梯在第1s末、第4s末和第8s末的速度大小分别为v1、v4和v8，g取10m/s2，以下判断中正确的是（　　）

A．电梯在上升，且v1>v4>v8

B．电梯在下降，且v4>v1>v8

C．重物在第2s内和第8s内的加速度大小相同

D．电梯对重物的支持力在第1s内和第9s内的平均功率相等

【答案】C

【考法】动力学问题：

已知力分析运动。

预测5如图所示，

质量为m2的物块B放在光滑的水平桌面上，其上放置质量为m1的物块A，用通过光滑的定滑轮的细线将A与质量为M的物块C连接，释放C，A和B一起以加速度大小a从静止开始运动，已知A、B间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g，则细线中的拉力大小为（　　）

A．MgB．M（g＋a）

C．（m1＋m2）aD．m1a＋μm1g

【答案】C

【解析】以C为研究对象，有Mg－T＝Ma，解得T＝Mg－Ma，故A、B错误；以A、B整体为研究对象，根据牛顿第二定律可知T＝（m1＋m2）a，故C正确；A、B间为静摩擦力，根据牛顿第二定律，对B可知f＝m2a，对A可知T－f′＝m1a，f＝f′，联立解得T＝（m1＋m2）a，故D错误．

【考法】连接体问题：

整体法和隔离法。

4、跟踪速练

1．（2018揭阳模拟）在物理学史上，正确认识运动和力的关系且推翻“力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家及建立惯性定律的物理学家分别是（　　）

A．亚里士多德、伽利略

B．伽利略、牛顿

C．伽利略、爱因斯坦

D．亚里士多德、牛顿

【答案】B

【解析】伽利略通过斜面实验正确认识了运动和力的关系，从而推翻了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的错误观点；牛顿在归纳总结伽利略、笛卡儿等科学家的结论基础上得出了经典的牛顿第一定律，即惯性定律，故选项B正确．

2．（2018湖北部分重点中学联考）伽利略和牛顿都是物理学发展史上最伟大的科学家，巧合的是牛顿就出生在伽利略去世后第二年．下列关于力和运动关系的说法中，不属于他们观点的是（　　）

A．自由落体运动是一种匀变速直线运动

B．力是使物体产生加速度的原因

C．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性

D．力是维持物体运动的原因

【答案】D

3．（2018天津××区期末）如图所示，手用力向下压架在两本书之间的尺子，尺子发生了弹性形变．若手对尺子的压力为N，尺子对手的弹力为N′，下列说法正确的有（　　）

①N和N′是一对平衡力

②N和N′是一对作用力和反作用力

③N是由于尺子发生形变而产生的

④N′是由于尺子发生形变而产生的

A．①③B．②④

C.①④D．②③

【答案】B

【解析】手对尺子的压力为N，尺子对手的弹力为N′，这两个力作用在两个物体上，力的性质相同，是一对作用力与反作用力，故②正确，①错误；N是由于手发生形变而产生的，而N′是由于尺子发生形变而产生的，故④正确，③错误．故选项B正确．

4.（2018山东济南一中上学期期中）细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连．平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示．（已知cos53°＝0.6，sin53°＝0.8）以下说法正确的是（　　）

A．小球静止时弹簧的弹力大小为

mg

B．小球静止时细绳的拉力大小为

mg

C．细绳烧断瞬间小球的加速度立即为g

D．细绳烧断瞬间小球的加速度立即为

g

【答案】D

5.（2018山东泰安高三上学期期中）如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为mA＝6kg，mB＝2kg，A、B之间的动摩擦因数μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现对A施加一水平力F，则A、B的加速度可能是（g取10m/s2）（　　）

A．aA＝6m/s2，aB＝2m/s2

B．aA＝2m/s2，aB＝6m/s2

C．aA＝8m/s2，aB＝4m/s2

D．aA＝10m/s2，aB＝6m/s2

【答案】D

【解析】A、B间恰好达到最大静摩擦力时，μmAg＝mBaB，

aB＝6m/s2，aA至少为6m/s2，A、B的加速度才可能不同，可能的组合只能是D项．

6．（2018山东烟台高三上学期期中）（多选）如图所示，两个质量分别为m1＝2kg、m2＝3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F1＝40N、F2＝10N的水平拉力分别作用在m1、m2上，则达到稳定状态后，下列说法正确的是（　　）

A．弹簧秤的示数是28N

B．弹簧秤的示数是30N

C．在突然撤去F2的瞬间，m1的加速度大小为6m/s2

D．在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为4m/s2

【答案】AC

7.（2018山东济南一中上学期期中）（多选）如图所示，质量为4.0kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上，质量为6.0kg的物体B用细线悬挂在天花板上．B与A刚好接触但不挤压，现将细线剪断，则剪断后瞬间，下列结果正确的是（g取10m/s2）（　　）

A．A的加速度的大小为1m/s2

B．B的加速度的大小为6m/s2

C．弹簧的弹力大小为60N

D．A、B间相互作用力的大小为24N

【答案】BD

【解析】剪断细线瞬间，弹簧弹力大小仍为mAg，对于整体：

（mA＋mB）g－mAg＝（mA＋mB）a，a＝6m/s2，方向向下，对于B：

－FN＋mBg＝mBa，FN＝24N，B、D正确．

8．（2018山西晋中高三质检）如图所示，在倾角为θ的斜面上方的A点处旋转一光滑的木板AB，B端刚好在斜面上，木板与竖直方向AC所成夹角为α，一小物块由A端沿木板由静止滑下，要使物块滑到斜面的时间最短，则α与θ间的大小关系为（　　）

A．α＝θB．α＝

C．α＝2θD．α＝

【答案】B

【解析】如图所示，在AC上选取一点O为圆心，以适当的长度为半径画圆，使该圆过A点，且与斜面相切于D点．由等时圆模型的特点知，由A点沿斜面滑到D点所用时间比由A点到达斜面上其他各点所用时间都短．将木板下端与D点重合即可，而∠COD＝θ，则α＝

.

9．（2018云南玉溪期中）（多选）

如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连接C物体，已知A和C的质量都是1kg，B的质量是2kg，A、B间的动摩擦因数是0.3，其他摩擦不计．由静止释放，C下落一定高度的过程中（C未落地，B未撞到滑轮），下列说法正确的是（　　）

A．A、B两物体发生相对滑动

B．A物体受到的摩擦力大小为2.5N

C．B物体的加速度大小是2.5m/s2

D．细绳的拉力大小等于10N

【答案】BC

10．（2018山东师大附中高三上学期二模）如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端静止放着小物块A.某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F＝kt，其中k为已知常数．设物体A、B之间的滑动摩擦力大小等于最大静摩擦力Ff，且A、B的质量相等，则下列可以定性描述长木板B运动的vt图象是（　　）

【答案】B

【解析】A、B相对滑动之前加速度相同，由整体法可得：

F＝2ma，当A、B间刚好发生相对滑动时，对木板有Ff＝ma，故此时F＝2Ff＝kt，t＝

，之后木板做匀加速直线运动，故只有B项正确．

11．（2018安徽淮南一模）（多选）质量分别为M和m的两物块A、B大小相同，将它们用轻绳跨过光滑定滑轮连接，如图甲所示，绳子平行于倾角为α的斜面，A恰好能静止在斜面上，不考虑两物块与斜面之间的摩擦，若互换两物块的位置，按图乙放置，然后释放A，斜面仍保持静止，重力加速度大小为g，则（　　）

A．此时轻绳的拉力大小为mg

B．此时轻绳的拉力大小为Mg

C．此时A运动的加速度大小为（1－sin2α）g

D．此时A运动的加速度大小为

g

【答案】AD

12．（2018山东师大附中模拟）图甲是某人站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，中间的·表示人的重心．图乙是根据传感器采集到的数据画出的力—时间图象．两图中a～g各点均对应，其中有几个点在图甲中没有画出．取重力加速度g＝10m/s2.根据图象分析可知（　　）

A．人的重力为1500N

B．c点位置人处于超重状态

C．e点位置人处于失重状态

D．d点的加速度小于f点的加速度

【答案】B

13．（2018广东华南师大附中高三上学期综合）如图所示的装置中，重4N的物块被平行于斜面的细线拴在斜面上端的小柱上，整个装置保持静止，斜面的倾角为30°，被固定在测力计上，如果物块与斜面间无摩擦，装置稳定以后，当细线被烧断物块下滑时，与稳定时比较，测力计的读数（g＝10m/s2）（　　）

A．增加4NB．增加3N

C．减少1ND．不变

【答案】C

【解析】对物块和斜面体整体受力分析，受总重力和支持力，平衡时，有

N－（M＋m）g＝0①

加速下滑时，再次对物块和斜面体整体受力分析，受总重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有

竖直方向：

（M＋m）g－N′＝masin30°②

对物块受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有

mgsin30°＝ma③

由①②③解得：

N－N′＝masin30°＝mg（sin30°）2＝0.4×10×0.25N＝1N.

14.（2018山东临沂高三上学期期中）（多选）如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行．初速度大小为v2（v1＜v2）的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上滑上传送带，从小物块滑上传送带开始计时，物块在传送带上运动的vt图象可能是（　　）

A　　　　　　　　　B

C　　　　　　　　　D

【答案】AC

15．（2018江苏无锡高三质检）如图所示，在光滑的水平面上有一个质量为M的木板B处于静止状态，现有一个质量为m的木块A从B的左端以初速度v0＝3m/s开始水平向右滑动，已知M＞m.用①和②分别表示木块A和木板B的图象，在木块A从B的左端滑到右端的过程中，下面关于二者速度v随时间t的变化图象，其中可能正确的是（　　）

【答案】C

【解析】木块滑上木板，A做匀减速直线运动，B做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得加速度大小aA＝

＝μg，aB＝

，已知M＞m，则aA＞aB.图线①斜率的绝对值应大于图线②斜率的绝对值，故A、B错误；若A不能够滑下，则两者最终拥有共同的速度，若能够滑下，则A的速度较大，故C正确，D错误．

16.（2018黑龙江哈六中月考）如图所示，m＝1.0kg的小滑块以v0＝4m/s的初速度从倾角为37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ＝0.5，g取10m/s2，sin37°＝0.6.若从滑块滑上斜面起，经0.8s滑块正好通过B点，则AB之间的距离为（　　）

A．0.8mB．0.64m

C．0.76mD．0.6m

【答案】B

17．（2018·河南南阳一中月考）（多选）如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为30°，质量为0.3kg的小物块静止在A点，现有一沿斜面向上的恒定推力F作用在小物块上，作用一段时间后撤去推力F，小物块能达到的最高位置为C点，小物块从A到C的vt图象如图乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（　　）

A．小物块到C点后将沿斜面下滑

B．小物块从A点沿斜面向上滑行的最大距离为1.8m

C．小物块与斜面间的动摩擦因数为

D．推力F的大小为4N

【答案】BCD

18．（2018山东潍坊高三上学期期中）如图所示，质量为M的圆槽内有质量为m的光滑小球，在水平恒力F作用下两者保持相对静止，地面光滑．则（　　）

A．小球对圆槽的压力为

B．小球对圆槽的压力为

C．F变大后，如果小球仍相对圆槽静止，小球在槽内位置升高

D．F变大后，如果小球仍相对圆槽静止，小球在槽内位置降低

【答案】C

【解析】　

由整体知F＝（M＋m）a，a＝

，隔离分析m：

，

tanα＝

，F越大，a越大，α越小，小球在槽内位置升高，故C正确．

19．（2018潍坊中学高三上学期开学考试）（多选）如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用，木板加速度a随力F变化的aF图象如图乙所示，g取10m/s2，则（　　）

A．滑块A的质量为4kg

B．木板B的质量为1kg

C．当F＝10N时木板B加速度为4m/s2

D．当F＝10N时滑块A的加速度为2m/s2

【答案】BCD

20．（2013课标卷Ⅱ，T14）一物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用．假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小．能正确描述F与a之间关系的图象是（　　）

【答案】C

【解析】静摩擦力随外力而改变，当外力大于最大静摩擦力时，物体才产生加速度，可利用牛顿第二定律列方程求解．物块受到拉力和摩擦力作用，根据牛顿第二定律F－μmg＝ma，当F≤Ffmax时，a＝0；当F>Ffmax时，a与F成一次函数关系，选项C正确．

21．（2016课标卷Ⅱ，T19）（多选）两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量．两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关．若它们下落相同的距离，则（　　）

A．甲球用的时间比乙球长

B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小

C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小

D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功

【答案】BD

22．（2016天津卷，T8）（多选）我国高铁技术处于世界领先水平．和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上运行过程中阻力与车重成正比．某列车组由8节车厢组成，其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组（　　）

A．启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相反

B．做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力之比为3∶2

C．进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比

D．与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1∶2

【答案】BD

【解析】启动时，乘客的加速度向前，车厢对人的作用力方向向前，与车运动的方向相同，选项A错误．以后面的车厢为研究对象，F56－3kmg＝3ma，F67－2kmg＝2ma，则5、6与6、7节车厢间的作用力之比为3∶2，选项B正确．根据v2＝2ax，车厢停下来滑行的距离x与速度的二次方成正比，选项C错误．若改为4节动车，则功率变为原来2倍，由P＝8kmg·v知，最大速度变为原来2倍，选项D正确．

23．（2016海南卷，T5）沿固定斜面下滑的物体受到与斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度—时间图线如图所示．已知物体与斜面之间的动摩擦因数为常数，在0～5s,5～10s，10～15s内F的大小分别为F1、F2和F3，则（　　）

A．F1F3

C．F1>F3D．F1＝F3

【答案】A

【解析】根据vt图象可知，在0～5s内加速度大小为a1＝0.2m/s2，方向沿斜面向下；在5～10s内，加速度大小为a2＝0；在10～15s内加速度大小为a3＝0.2m/s2，方向沿斜面向上；受力分析如图：

在0～5s内，根据牛顿第二定律：

mgsinθ－f－F1＝ma1，则：

F1＝mgsinθ－f－0.2m；

在5～10s内，根据牛顿第二定律：

mgsinθ－f－F2＝ma2，则：

F2＝mgsinθ－f；

在10～15s内，根据牛顿第二定律：

f＋F3－mgsinθ＝ma3，则：

F3＝mgsinθ－f＋0.2m；

故可以得到：

F3＞F2＞F1，故选项A正确．

24．如图所示，在粗糙的水平面上，质量分别为m和M（m∶M＝1∶2）的物块A、B用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数相同，当用水平力F作用于B上且两物块共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为x1；当用同样大小的力F竖直加速提升两物块时，弹簧的伸长量为x2，则x1∶x2等于（　　）

A．1∶1B．1∶2

C．2∶1D．2∶3

【答案】A

25.（多选）如图甲所示，水平面上有一倾角为θ的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的轻质细绳系一质量为m的小球．斜面以加速度a水平向右做匀加速直线运动，当系统稳定时，细绳对小球的拉力和斜面对小球的支持力分别为T和FN.若Ta图象如图乙所示，AB是直线，BC为