四川南充高三物理模拟考试 解析版.docx

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四川南充高三物理模拟考试解析版

南充市高2020届高三模拟考试理综物理试题

二、选择题：

本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14~题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.六世纪末，伽利略用实验和推理推翻了已在欧洲实行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元.下列说法符合物理学史实的是

A.亚里士多德提出轻重不同的物体下落快慢相冋

B.伽利略直接对自由落体运动进行了实验研究

C.亚里士多德提出力是改变物体运动状态的原因

D.伽利略间接证实了落体速度与时间成正比的假说

【答案】D

【解析】

【详解】A、根据亚里士多德的论断，两物体从同一高度自由下落，重的物体下落得快，较轻的物体下落较慢，故A错误；

B、D、伽利略通过数学推算并用实验验证了小球在斜面上从静止开始运动的位移与所用时间的平方成正比，从而间接证实了落体速度与时间成正比的假说，故B错误，D正确；

C、根据亚里士多德的论断，必须有力作用在物体上，物体才能运动，力是维持物体运动的原因，故C错误；

故选D.

2.如图所示的x-t图像和ν-t图像中，给出的四条出线1、2、3、4，分别代表物体1、2、3、4的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是

A.t2、t4时刻分别表示物体2、4开始反向运动

B.t1时刻物体1的速度等于物体2的速度

C.t3时刻物体3的加速度大于物体4的加速度

D.0~t3时间内物体3、4的平均速度大小相等

【答案】C

【解析】

【分析】

x-t图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，根据斜率关系分析速度关系。

在v-t图线中，通过斜率分析加速度关系.根据图象与时间轴所围的面积表示位移，进而分析平均速度关系.

【详解】A、根据x-t图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，知t2物体2开始沿反向运动，而t4时刻物体仍沿原方向运动。

故A错误.

B、在x-t图象中，t1时刻图线1切线的斜率大于图线2的斜率，则此时刻物体1的速度大于物体2的速度，即v1＞v2；故B错误.

C、v-t图象的斜率表示加速度，t3时刻图线3切线的斜率大于图线4的斜率，则此时刻物体3的加速度大于物体4的加速度，故C正确；

D、根据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移，知0-t3时间内，物体3的位移小于4的位移，时间相等，则3的平均速度小于4的平均速度，故D错误；

故选C.

【点睛】本题要抓住位移时间图象与速度时间图象物理意义的区别，从斜率、面积等数学意义进行识别和理解.

3.水平放置的平行板电谷器与某恒压电源相连，一带电液滴在两板间处于静止状态，现将上板瞬间向上移动少许到图中水平虚线位置，则

A.电容器的电容增大

B.电容器的电量增人

C.电容器的电压增大

D.液滴向下运动

【答案】D

【解析】

【详解】带电液滴置于水平放置的平行板电容器的中间而静止，受重力和电场力平衡；现将上极板向上移动少许，板间距离增大，根据可知，电容减小；由于电压一定，当电容减小，则由Q=UC可知，Q会减小；因电压不变，根据U=Ed，极板间距增大，故电场强度变小，电场力小于重力，则液滴向下运动；综上所述，故D正确，A，B，C错误.故选D.

【点睛】本题考查了油滴运动方向问题，分析清楚极板间电场强度如何变化是解题的关键；要掌握电容的决定式、定义式和场强与电势差的关系式.

4.身高和质量相同的两人穿同样的鞋在同一水平地面上通过一轻杆进行“顶牛”比赛，企图迫使对方后退.设甲、乙对杆的推力分别为F1、F2，甲、乙两甲人身体因前倾而偏离竖直方向的夹角分别为a1、a2，倾角α越大，此刻人手和杆的端点位置就越低，如图所示，若甲获胜，则

A.F1=F2，α1>α2B.F1>F2，α1=α2C.F1=F2，α1<α2D.F1>F2，α1>α2

【答案】A

【解析】

根据牛顿第三定律，F1=F2，BD错误；倾角θ越大，此刻人手和杆的端点位置就越低，则受到F提供了向下的压力，f增大，能够获胜，甲获胜，则α1>α2，A正确、C错误。

5.四个电荷量大小相同的点电荷位于正方形四个角上，电性与各点电荷附近的电场线分布如图所示。

ab、cd分别是正方形两组对边的中垂线，O为中垂线的交点，P、Q分别为ab，cd上的两点，OP>OQ，下列说法中正确的是（）

A.P、Q两点电势相等，场强不同

B.P点的电势比M点的低

C.PM两点间的电势差大于QM间的电势差

D.带负电的试探电荷在Q点的电势能比在M点小

【答案】AD

【解析】

【分析】

电场线的疏密表示场强的大小，根据电场线的方向确定场源电荷的正负。

电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低。

根据电势高低判断功的正负，从而确定电势能的大小.

【详解】A、电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密，电场强度越大，根据图象知P点的电场强度比Q点的小.根据电场线与等势面垂直，可知ab与cd是两条等势线，则P与O的电势相等，Q与O的电势也相等，所以P、Q两点的电势相等；故A正确.

B、ab连线上各点的电势相等，沿着电场线方向，电势逐渐降低可知，M点比ab连线上各点的电势低，则M点的电势比P点的低；故B错误；

C、由于P、Q两点电势相等，所以PM两点间的电势差等于QM间的电势差，故C错误；

D、P、Q两点的电势相等，又根据B项分析可知M点的电势比P点的低，则Q点的电势高于M点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，所以带负电的试探电荷在Q点的电势能比在M点小；故D正确.

故选AD.

【点睛】本题的关键要掌握电场线的分布情况，理解电场的叠加原理，掌握电场线的两个物理意义：

电场线的疏密表示场强的大小，电场线方向表示电势的高低.

6.如图所示，空间有一底面处于水平地面上的正方体框架ABCD—A1B1C1D1，从顶点A沿不同方向平抛一小球（可视为质点）。

关于小球的运动，下列说法正确的是

A.落点在A1B1C1D1内的小球，落在C1点时平抛的初速度最小

B.落点在B1D1上的小球，平抛初速度的最小值与最大值之比是

C.运动轨迹与AC1相交的小球，在交点处的速度方向都相同

D.运动轨迹与A1C相交的小球，在交点处的速度方向都相同

【答案】BC

【解析】

【详解】小球落到A1B1C1D1内时下落的竖直高度都相同，根据h=gt2可知，时间相同，落在C1点时水平位移最大，则平抛的初速度最大，选项A错误；落点在B1D1上的小球，最近的水平位移为，最远的水平位移为a（a为正方体的边长），则平抛初速度的最小值与最大值之比是，选项B正确；设AC1的倾角为α，轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向与水平方向的夹角为θ．则有，tanθ=，则tanθ=2tanα，可知θ一定，则轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向相同，故C正确；运动轨迹与A1C相交的小球，在交点处的位置不同，则竖直高度不同，根据可知竖直速度不同，因水平速度相同，可知速度方向都不相同，D错误。

故选BC.

【点睛】决本题的关键要掌握平抛运动的研究方法，即水平分运动为匀速直线运动，竖直分运动为自由落体运动，运动时间由下落的高度决定；掌握分位移公式；D项也可以根据作为结论记住。

7.如图所示，A、B两个物体放在水平旋转的圆盘上，A的质量是m，B的质量为2m，B离轴距离为R，A离轴距离为2R，在转盘转速增加的过程中，两物体始终相对盘静止，则

A.A与B的线速度之比为︰1

B.A与B的角速度之比为1：

1

C.A与B的向心加速度之比为1：

1

D.摩擦力对物体做正功

【答案】BD

【解析】

【分析】

A、B共轴转动，角速度相等，根据转动的半径大小，结合v=rω、a=rω2比较线速度、向心加速度的大小，根据动能定理判断摩擦力做功的正负.

【详解】A、B、A、B共轴转动，角速度大小相等，即ωA:

ωB=1:

1，由v=rω得：

vA:

vB=rA:

rB=2：

1，故A错误，B正确；

C、根据a=rω2知，A、B的角速度相等，所以有aA:

aB=rA:

rB=2:

1，故C错误；

D、由于只有摩擦力对物体做功，由动能定理得：

Wf=△EK，转盘转速增加则动能增加，所以摩擦力对物体做正功，故D正确.

故选BD.

【点睛】解决本题的关键知道共轴转动的物体角速度相等，知道线速度、角速度、向心加速度的关系，并能灵活运用.

8.已知一足够长的传送带与水平面的倾角为θ，以一定的速度匀速运动，某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图a所示），以此时为t=0时刻记录了小物块之后在传送带上运动的速度随时间的变化关系，如图b所示（图中取沿斜面向上的方向为正方向，其中两坐标大小v1>v2），下列判断正确的是

A.t1~t2内，物块对传送带一直做正功

B.物块与传送带间的动摩擦因数μ>tanθ

C.系統产生的热量一定比物动能的少量大

D.0～t2内传送带对物块做功为

【答案】BC

【解析】

【详解】由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上。

0～t1内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带一直做负功。

故A错误。

在t1～t2内，物块向上运动，则有μmgcosθ＞mgsinθ，得μ＞tanθ．故B正确。

0～t2内，重力对物块做正功，物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量一定比物块动能的减少量大。

故C正确。

0～t2内，由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为WG，根据动能定理得：

W+WG=mv22-mv12，则传送带对物块做功W≠mv22-mv12．故D错误。

故选BC。

【点睛】由速度图象要能分析物块的运动情况，再判断其受力情况，得到动摩擦因数的范围，根据动能定理求解功是常用的方法．

9.在探究“物体质量一定时加速度与力的关系”的实验中，某兴趣小组对教材介绍的实验方案进行了优化，设计了如图所示的实验装置。

其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量（滑轮质量不计）

（1）在平衡摩擦力后，依据优化后的实验方案，实验中__________（选填“一定要”或“不必要”）保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M；

（2）该同学在实验中得到如图a）所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器使用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为__________m/s2（结果保留三位有效数字）.

（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a-F图像是一条过原点的直线，如图（b）所示，若直线的斜率为k，则小车的质量为__________。

【答案】

（1）.不必要

（2）.2.00（3）.

【解析】

【详解】

（1）A、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故A、D错误．

B、实验时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故B正确．

C、实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，需记录传感器的示数，故C正确．

故选BC.

（2）根据△x=aT2，运用逐差法得.

（3）弹簧测力计的示数,即，则a-F图线的斜率为k，则，故小车质量为.

【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a-F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数．

10.玩具电动机的额定电压为3V，其线圈的电阻Rx大约为15Ω，当其两端电压达到0.3V时，电动机才会开始转动.为了尽量准确测量线圈的电阻Rx，某同学设计了部分电路原理图如图所示，可供选择的器材有：

电流表A1（0~20