黑龙江省嫩江高级中学学年高三数学一轮复习题组层级快练3132 Word版含答案.docx
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黑龙江省嫩江高级中学学年高三数学一轮复习题组层级快练3132Word版含答案
2018-2019学年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23
一.选择题
1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值()A.1B.-
C.1或-
D.-1或
2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于()A.21B.42C.135D.170
3.在14与
之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为
,则此数列的项数()A.4B.5C.6D.7
4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若
=3,则
=()A.2B.
C.
D.3
5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=
,a2+a4=
,则
=()
A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1
6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=()A.
B.
D.2
7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则
=()A.-8B.5C.8D.15
8.若a,b∈R,下列命题中
①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;
③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.
其中正确的是()
A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④
9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2 10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb2011.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2 12.若a=,b=,c=,则( )A.a 二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1 14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________. 15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________. 16.若loga(a2+1) 三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列. 18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列. 19.已知a+b>0,比较+与+的大小. 20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小. 2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23一.选择题1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-C.1或-D.-1或解:根据已知条件得②÷①得=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-.2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170解:方法一:S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.3.在14与之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7解:∵q≠1(14≠),∴Sn=,∴=.解得q=-,=14×(-)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(B)A.2B.C.D.3解:由=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴=.5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=,a2+a4=,则=(D)A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1解:∵∴由①除以②可得=2,解得q=,代入①得a1=2.∴an=2×()n-1=.∴Sn==4(1-).∴==2n-1,选D.6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.B.C.D.2解:因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:a3·a9=a62=2a52,所以=2,即()2=q2=2.因为公比为正数,故q=.又因为a2=1,所以a1===. 7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则=(B)A.-8B.5C.8D.15解:∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴==5,故选B.8.若a,b∈R,下列命题中①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.其中正确的是(C)A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④解:条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2
10.如果a,b,c满足c
A.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20
11.设0
A.abba<0C.2b<2a<2D.a2 12.若a=,b=,c=,则( )A.a 二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1 14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________. 15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________. 16.若loga(a2+1) 三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列. 18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列. 19.已知a+b>0,比较+与+的大小. 20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小. 2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23一.选择题1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-C.1或-D.-1或解:根据已知条件得②÷①得=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-.2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170解:方法一:S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.3.在14与之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7解:∵q≠1(14≠),∴Sn=,∴=.解得q=-,=14×(-)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(B)A.2B.C.D.3解:由=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴=.5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=,a2+a4=,则=(D)A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1解:∵∴由①除以②可得=2,解得q=,代入①得a1=2.∴an=2×()n-1=.∴Sn==4(1-).∴==2n-1,选D.6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.B.C.D.2解:因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:a3·a9=a62=2a52,所以=2,即()2=q2=2.因为公比为正数,故q=.又因为a2=1,所以a1===. 7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则=(B)A.-8B.5C.8D.15解:∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴==5,故选B.8.若a,b∈R,下列命题中①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.其中正确的是(C)A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④解:条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
ba<0C.2b<2a<2D.a2 12.若a=,b=,c=,则( )A.a 二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1 14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________. 15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________. 16.若loga(a2+1) 三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列. 18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列. 19.已知a+b>0,比较+与+的大小. 20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小. 2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23一.选择题1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-C.1或-D.-1或解:根据已知条件得②÷①得=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-.2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170解:方法一:S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.3.在14与之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7解:∵q≠1(14≠),∴Sn=,∴=.解得q=-,=14×(-)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(B)A.2B.C.D.3解:由=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴=.5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=,a2+a4=,则=(D)A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1解:∵∴由①除以②可得=2,解得q=,代入①得a1=2.∴an=2×()n-1=.∴Sn==4(1-).∴==2n-1,选D.6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.B.C.D.2解:因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:a3·a9=a62=2a52,所以=2,即()2=q2=2.因为公比为正数,故q=.又因为a2=1,所以a1===. 7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则=(B)A.-8B.5C.8D.15解:∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴==5,故选B.8.若a,b∈R,下列命题中①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.其中正确的是(C)A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④解:条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
a<0C.2b<2a<2D.a2 12.若a=,b=,c=,则( )A.a 二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1 14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________. 15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________. 16.若loga(a2+1) 三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列. 18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列. 19.已知a+b>0,比较+与+的大小. 20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小. 2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23一.选择题1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-C.1或-D.-1或解:根据已知条件得②÷①得=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-.2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170解:方法一:S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.3.在14与之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7解:∵q≠1(14≠),∴Sn=,∴=.解得q=-,=14×(-)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(B)A.2B.C.D.3解:由=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴=.5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=,a2+a4=,则=(D)A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1解:∵∴由①除以②可得=2,解得q=,代入①得a1=2.∴an=2×()n-1=.∴Sn==4(1-).∴==2n-1,选D.6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.B.C.D.2解:因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:a3·a9=a62=2a52,所以=2,即()2=q2=2.因为公比为正数,故q=.又因为a2=1,所以a1===. 7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则=(B)A.-8B.5C.8D.15解:∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴==5,故选B.8.若a,b∈R,下列命题中①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.其中正确的是(C)A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④解:条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
12.若a=
,b=
,c=
,则( )
A.a
二、填空题
13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=
,d=-1
14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.
15.在等比数列{an}中,若a1=
,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.
16.若loga(a2+1) 三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列. 18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列. 19.已知a+b>0,比较+与+的大小. 20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小. 2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23一.选择题1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-C.1或-D.-1或解:根据已知条件得②÷①得=3.整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-.2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170解:方法一:S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.3.在14与之间插入n个数组成等比数列,若各项总和为,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7解:∵q≠1(14≠),∴Sn=,∴=.解得q=-,=14×(-)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.4.设等比数列{an}的前n项和为Sn,若=3,则=(B)A.2B.C.D.3解:由=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴=.5.已知等比数列{an}的前n项和为Sn,且a1+a3=,a2+a4=,则=(D)A.4n-1B.4n-1C.2n-1D.2n-1解:∵∴由①除以②可得=2,解得q=,代入①得a1=2.∴an=2×()n-1=.∴Sn==4(1-).∴==2n-1,选D.6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.B.C.D.2解:因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:a3·a9=a62=2a52,所以=2,即()2=q2=2.因为公比为正数,故q=.又因为a2=1,所以a1===. 7.设Sn为等比数列{an}的前n项和,若8a2-a5=0,则=(B)A.-8B.5C.8D.15解:∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴==5,故选B.8.若a,b∈R,下列命题中①若|a|>b,则a2>b2;②若a2>b2,则|a|>b;③若a>|b|,则a2>b2;④若a2>b2,则a>|b|.其中正确的是(C)A.①和③ B.①和④C.②和③D.②和④解:条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
三.解答题
17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:
2S3,S6,S12-S6成等比数列.
18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.
(1)求数列{bn}的通项公式;
(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:
数列{Sn+
}是等比数列.
19.已知a+b>0,比较
+
与
的大小.
20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.
2017年高考第一轮复习-题组层级快练(31-32)23
1.在等比数列{an}中,a3=7,前3项之和S3=21,则公比q的值(C)A.1B.-
解:
根据已知条件得
②÷①得
=3.
整理得2q2-q-1=0,解得q=1或q=-
.
2.在公比为正数的等比数列中,a1+a2=2,a3+a4=8,则S8等于(D)A.21B.42C.135D.170
方法一:
S8=(a1+a2)+(a3+a4)+(a5+a6)+(a7+a8)=2+8+32+128=170.
,则此数列的项数(B)A.4B.5C.6D.7
∵q≠1(14≠
),∴Sn=
,∴
=
.解得q=-
,
=14×(-
)n+2-1,∴n=3.故该数列共5项.
=(B)A.2B.
由
=3知该等比数列的公比q≠-1,则S3,S6-S3,S9-S6仍成等比数列,于是由S6=3S3,可推出S9-S6=4S3,S9=7S3,∴
=(D)
∵
∴
由①除以②可得
=2,解得q=
,代入①得a1=2.
∴an=2×(
)n-1=
.∴Sn=
=4(1-
).∴
=2n-1,选D.
6.已知等比数列{an}的公比为正数,且a3·a9=2a52,a2=1,则a1=(B)A.
因为a3·a9=2a52,则由等比数列的性质有:
a3·a9=a62=2a52,所以
=2,即(
)2=q2=2.因为公比为正数,故q=
.又因为a2=1,所以a1=
=(B)A.-8B.5C.8D.15
∵在等比数列{an}中,8a2-a5=0,∴公比q=2.∴
=5,故选B.
其中正确的是(C)
条件|a|>b,不能保证b是正数,条件a>|b|可保证a是正数,故①不正确,③正确.
a2>b2⇒|a|>|b|≥b,故②正确,④不正确.
9.已知0A.log2a>0B.2a-b>1C.2ab>2D.log2(ab)<-2解:由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
由已知,0,log2(ab)<-2,故选D.10.如果a,b,c满足cA.ab>acB.c(b-a)>0C.cb20解:由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.11.设0A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
,log2(ab)<-2,故选D.
解:
由题意知c<0,a>0,则A,B,D一定正确,若b=0,则cb2=ab2.故选C.
A.abba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
ba<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
a<0C.2b<2a<2D.a2解:方法一:特值法.取b=,a=.方法二:0x在(0,+∞)上为减函数,∴logb>loga,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对12.若a=,b=,c=,则( )A.a解:a-b=<0⇒a>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
特值法.取b=
,a=
方法二:
0
x在(0,+∞)上为减函数,
∴log
b>log
a,B不对;a>b>0⇒a2>ab,D不对
a-b=
<0⇒a
>0⇒a>c,∴c二、填空题13.(2015·浙江)已知{an}是等差数列,公差d不为零.若a2,a3,a7成等比数列,且2a1+a2=1,则a1=,d=-1解:∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=,d=-1.14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2解:由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q==2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn==2n+1-2.15.在等比数列{an}中,若a1=,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-解:设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=(1+2+22+…+2n-1)=(2n-1)=2n-1-.16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
∵a2,a3,a7成等比数列,∴a32=a2a7,即(a1+2d)2=(a1+d)·(a1+6d),解得d=-
a1①,∵2a1+a2=1,∴3a1+d=1②,由①②可得a1=
,d=-1.
14.(2013·北京)若等比数列{an}满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=2;前n项和Sn=________.2n+1-2
由等比数列的性质,得a3+a5=(a2+a4)q,解得q=
=2,又∵a2+a4=a1(q+q3)=20,∴a1=2,∴Sn=
=2n+1-2.
,a4=-4,则公比q=-2;|a1|+|a2|+…+|an|=________.,2n-1-
设等比数列{an}的公比为q,则a4=a1q3,代入数据解得q3=-8,所以q=-2;等比数列{|an|}的公比为|q|=2,则|an|=
×2n-1,所以|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=
(1+2+22+…+2n-1)=
(2n-1)=2n-1-
16.若loga(a2+1)解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
解:∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
∵a2+1>2a,loga(a2+1)∵loga(2a)1,∴a>,∴三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
∵loga(2a)1,∴a>
三.解答题17.已知{an}是等比数列,Sn是其前n项和,a1,a7,a4成等差数列,求证:2S3,S6,S12-S6成等比数列.证明:由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-.当q3=1即q=1,{an}为常数列,=命题成立.当q3=-时,==.=-1=.∴命题成立.18.成等差数列的三个正数的和等于15,并且这三个数分别加上2,5,13后成为等比数列{bn}中的b3,b4,b5.(1)求数列{bn}的通项公式;(2)数列{bn}的前n项和为Sn,求证:数列{Sn+}是等比数列.解:(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=.所以{bn}是以为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=×2n-1=5×2n-3.(2)证明:由(1)得数列{bn}的前n项和Sn==5×2n-2-,即Sn+=5×2n-2.所以S1+=,==2.因此{Sn+}是以为首项,以2为公比的等比数列.19.已知a+b>0,比较+与+的大小.解:+-=+=(a-b)=.∵a+b>0,(a-b)2≥0,∴≥0.∴+≥+.20.已知a>0且a≠1,比较loga(a3+1)和loga(a2+1)的大小.解:当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.又y=logax为增函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1);当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
证明:
由已知得2a1q6=a1+a1q3,即2q6-q3-1=0,得q3=1或q3=-
当q3=1即q=1,{an}为常数列,
命题成立.当q3=-
时,
-1=
.∴命题成立.
(1)设成等差数列的三个正数分别为a-d,a,a+d.
依题意,得a-d+a+a+d=15,解得a=5.
所以{bn}中的b3,b4,b5依次为7-d,10,18+d.
依题意,有(7-d)(18+d)=100,解得d=2或d=-13(舍去).故{bn}的第3项为5,公比为2.由b3=b1·22,即5=b1×22,解得b1=
所以{bn}是以
为首项,以2为公比的等比数列,其通项公式为bn=
×2n-1=5×2n-3.
(2)证明:
(1)得数列{bn}的前n项和Sn=
=5×2n-2-
,即Sn+
=5×2n-2.
所以S1+
=2.因此{Sn+
}是以
为首项,以2为公比的等比数列.
-
=(a-b)
.∵a+b>0,(a-b)2≥0,
≥0.∴
≥
当a>1时,a3>a2,a3+1>a2+1.
又y=logax为增函数,
所以loga(a3+1)>loga(a2+1);
当0又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
又y=logax为减函数,所以loga(a3+1)>loga(a2+1).
综上,对a>0且a≠1,总有loga(a3+1)>loga(a2+1).
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