数学黑龙江省哈尔滨市第一中学学年高二上学期期中考试.docx
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数学黑龙江省哈尔滨市第一中学学年高二上学期期中考试
黑龙江省哈尔滨市第一中学2014—2015学年
高二上学期期中考试数学试卷
命题人:
高二备课组考试时间:
120分钟
本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分
第I卷(选择题60分)
一、选择题:
本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中只有一个是符合题目要求的.
1.命题“若,则”的逆否命题为()
A.若,则B.若,则
C.若,则D.若,则
2.与曲线共焦点,且与曲线共渐近线的双曲线方程为()
A.B.C.D.
3.已知双曲线的实轴长、虚轴长、焦距长成等差数列,则双曲线的渐近线方程为()
A.B.C.D.
4.函数在上是单调递减函数的必要不充分条件是()
A.B.C.D.
5.过抛物线的焦点F的直线交抛物线于A、B两点,且A、B在直线上的射影分别M、N,则∠MFN等于()
A.45°B.60°C.90°D.以上都不对
6.有下列四个命题:
①命题“若,则,互为倒数”的逆命题;
②命题“面积相等的三角形全等”的否命题;
③命题“若,则有实根”的逆否命题;
④命题“若,则”的逆否命题.
其中是真命题的个数是()
A.1B.2C.3D.4
7.方程与的曲线在同一坐标系中的示意图可能是()
8.已知动点满足,则点P的轨迹是()
A.两条相交直线B.抛物线C.双曲线D.椭圆
9.一个圆的圆心为椭圆的右焦点F,且该圆过椭圆的中心交椭圆于点P,直线PF(F为椭圆的左焦点)是该圆的切线,则椭圆的离心率为()
A.B.C.D.
10.已知点P为抛物线上的动点,点P在x轴上的射影为M,点A的坐标是,则的最小值是()
A.8B.C.10D.
11.若椭圆与双曲线有相同的焦点F1、F2,P是这两条曲线的一
个交点,则的面积是()
A.4B.2C.1D.
12.已知是椭圆长轴的两个端点,是椭圆上关于轴对称的两点,直线的斜率分别为,若椭圆的离心率为,则的最小值为()
A.B.C.D.
第II卷(非选择题90分)
二、填空题:
本大题共4小题,每小题5分,共20分。
13.过椭圆的焦点F的弦中最短弦长是.
14.过抛物线的焦点作直线,直线交抛物线于两点,若线段AB中点的
横坐标为,则.
15.设圆过双曲线的一个顶点和一个焦点,圆心在此双曲线上,则圆心到双
曲线中心的距离为.
16.设点是椭圆与圆的一个交点,分别
是椭圆的左、右焦点,且,则椭圆的离心率为.
三、解答题:
本大题共6小题,共70分,解答应有证明或演算步骤
17.(本题满分10分)
已知半径为的圆的圆心M在轴上,圆心M的横坐标是整数,且圆M与直线相切.
求:
(Ⅰ)求圆M的方程;
(Ⅱ)设直线与圆M相交于两点,求实数的取值范围.
18.(本题满分12分)
在平面直角坐标系中,直线与抛物线相交于不同的两点.
(Ⅰ)如果直线过抛物线的焦点,求的值;
(Ⅱ)在此抛物线上求一点P,使得P到的距离最小,并求最小值.
19.(本题满分12分)
已知椭圆的一个顶点为A(0,-1),焦点在轴上,若右焦点到直线的距离为3.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)设椭圆与直线相交于不同的两点M、N,问是否存在实数使;若存在求出的值;若不存在说明理由。
20.(本题满分12分)
如图,已知四棱锥中,是边长为的正
三角形,平面平面,四边形是菱
形,,是的中点,是的中点.
(Ⅰ)求证:
平面.
(Ⅱ)求二面角的余弦值.
21.(本题满分12分)
设过点的直线分别与轴和轴交于两点,点与点关于轴对称,为坐标原点,若且.
(Ⅰ)求点的轨迹的方程;
(Ⅱ)过的直线与轨迹交于两点,求的取值范围.
22.(本题满分12分)
如图,椭圆的一个焦点是F(1,0),O为坐标原点.
(Ⅰ)已知椭圆短轴的两个三等分点与一个焦点构成正三角形,求椭圆的方程;
(Ⅱ)设过点F的直线交椭圆于A、B两点,若直线绕点F任意转动,恒有,求的取值范围.
哈一中2014—2015学年度上学期期中考试
高二数学参考答案
一、选择题:
1.D2.A3.D4.D5.C6.B
7.A8.B9.D10.B11.C12.A
二、填空题:
13.14.2415.16.
三、解答题
18.解:
(Ⅰ)由题意:
抛物线焦点为(1,0)
设消去x得
则,
=
(Ⅱ),
19.
(1)依题意可设椭圆方程为,则右焦点F()由题设
解得故所求椭圆的方程为.
(2)设P为弦MN的中点,由得
由于直线与椭圆有两个交点,即
从而
又,则
即所以不存在实数使
20.(理科)证明
(1)取的中点,连接.
由题意知
且,且
所以且,即四边形是平行四边形,所以,
又平面,平面
所以平面.
(2)以为坐标原点,为轴,为轴,为轴,建立如图所示的空间直角坐标系,,则,平面的法向量,设是平面的法向量,
由,令,
得
又二面角的平面角是锐角,
所以二面角的平面角的余弦值是
20.(文科)
(1),为中点,
又,底面为菱形,为中点
所以平面
(2)连接,作于.
为的中点
又平面平面ABCD,
又,.于是,
又,,
V
21.解:
(1)∵过点P(x,y)的直线分别与x轴和y轴交于A,B两点,点Q与点P关于y轴对称,∴Q(-x,y),设A(a,0),B(0,b),
∵O为坐标原点,∴=(x,y-b),=(a-x,-y),=(-x,y),,
∵且,
∴,
解得点P的轨迹M的方程为.
(2)设过F(2,0)的直线方程为y=kx-2k,
联立,得(3k2+1)x2-12k2x+12k2-3=0,
设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=,x1x2=,
=(x1-2,y1),=(x2-2,y2),
∴=(x1-2)(x2-2)+y1y2=(1+k2)(x1-2)(x2-2)=(1+k2)[x1x2-2(x1+x2)+4]
=(1+k2)(-+4)==+,
∴当k2→∞的最小值→;当k=0时,的最大值为1.
∴的取值范围是(,1].
22.解法一:
(Ⅰ)设M,N为短轴的两个三等分点,因为△MNF为正三角形,
所以,即1=
因此,椭圆方程为
(Ⅱ)设
(ⅰ)当直线AB与x轴重合时,
(ⅱ)当直线AB不与x轴重合时,
设直线AB的方程为:
整理得
所以
因为恒有,所以AOB恒为钝角.
即恒成立.
又a2+b2m2>0,所以-m2a2b2+b2-a2b2+a2<0对mR恒成立,
即a2b2m2>a2-a2b2+b2对mR恒成立.
当mR时,a2b2m2最小值为0,所以a2-a2b2+b2<0.
a2因为a>0,b>0,所以a0,
解得a>或a<(舍去),即a>,
综合(i)(ii),a的取值范围为(,+).
解法二:
(Ⅰ)同解法一,
(Ⅱ)解:
(i)当直线l垂直于x轴时,
x=1代入=1.
因为恒有|OA|2+|OB|2<|AB|2,2(1+yA2)<4yA2,yA2>1,即>1,
解得a>或a<(舍去),即a>.
(ii)当直线l不垂直于x轴时,设A(x1,y1),B(x2,y2).
设直线AB的方程为y=k(x-1)代入
得(b2+a2k2)x2-2a2k2x+a2k2-a2b2=0,
故x1+x2=
因为恒有|OA|2+|OB|2<|AB|2,
所以x21+y21+x22+y22<(x2-x1)2+(y2-y1)2,
得x1x2+y1y2<0恒成立.
x1x2+y1y2=x1x2+k2(x1-1)(x2-1)=(1+k2)x1x2-k2(x1+x2)+k2
=(1+k2).
由题意得(a2-a2b2+b2)k2-a2b2<0对kR恒成立.
①当a2-a2b2+b2>0时,不合题意;
②当a2-a2b2+b2=0时,a=;
③当a2-a2b2+b2<0时,a2-a2(a2-1)+(a2-1)<0,a4-3a2+1>0,
解得a2>或a2>(舍去),a>,因此a.
综合(i)(ii),a的取值范围为(,+).