计算机考研408.docx

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网络习题整理（09-14年考研真题）第1章概论

选择题

1.，09年考研33题，在OSI参考模型中,自下而上第一个提供端到端服务的层次是A.数据链路层B.传输层C.会话层D.应用层【解答】选B。

试题中指明了这一层能够实现端到端传输,也就是端系统到端系统的传输,因此判断是传输层。

数据链路层主要负责传输路径上相邻节点间的数据交付,这个节点包括了交换机和路由器等数据通信设备,这些设备不能称之为端系统,因此数据链路层不满足题意。

试题中指明了这一层能够实现传输,会话层只是在两个应用进程之间建立会话而已,应用层只是提供应用进程之间通信的规范,都不涉及到传输。

【考查知识点】本题考察的知识点主要是OSI模型及其各层的主要功能。

2.，10年考研33题，下列选项中,不属于网络体系结构中所描述的内容是

A.网络的层次B.每一层使用的协议C.协议的内部实现细节D.每一层必须完成的功能

【解答】选C。

把计算机网络的各层及其协议的集合称为网络体系的结构;换种说法,计算机网络体系结构就是这个计算机网络及其构件所应完成的功能的精确定义。

显然A、B、D强调的是各层的功能及其使用的协议,C协议的内部实现细节不符合;【考查知识点】考察的是对计算机网络体系结构定义的理解;

3.，10年考研34题，在下图所示的采用“存储-转发”斱式分组的交换网络中,所有链路的数据传输速度为100Mbps,分组大小为1000B,其中分组头大小20B,若主机H1向主机H2发送一个大小为980000B的文件,则在不考虑分组拆装时间和传

播延迟的情冴下,从H1发送到H2接收完为止,需要的时间至少是

A.80msB.80.08msC.80.16msD.80.24ms

【解答】选C。

由题设可知,分组携带的数据长度为980B,文件长度为980000B,需拆分为1000个分组,加上头部后,每个分组大小为1000B,总共需要传送的数据量大小为1MB。

当t=1M×8/100Mbps=80ms时,H1发送完最后一个bit;到达目的地,最后一个分组,需经过2个分组交换机的转发,每次转发的时间为t0=1K×8/100Mbps=0.08ms,t=80ms+2t0当t=80.16ms时,H2接受完文件,即所需的时间至少为80.16ms。

【考查知识点】本题考查存储转发机制中时延的计算。

4.，11年考研33题，TCP/IP参考模型的网络层提供的是

A.无连接不可靠的数据报服务B.无连接可靠的数据报服务C.有连接不可靠的虚电路服务D.有连接可靠的虚电路服务

【解答】选A。

TCP/IP的网络层向上只提供简单灵活的、无连接的、尽最大努力交付的数据报服务。

因此网络层提供的无连接不可靠的数据服务。

【考查知识点】TCP/IP层次模型。

5.，12年考研33题，在TCP/IP体系结构中,直接为ICMP提供服务的协议是A.PPPB.IPC.UDPD.TCP

【解答】选B。

ICMP协议处于体系结构中的网络层,是IP协议的配套协议。

ICMP报文封装成IP数据报在网络中传逑。

【考查知识点】本题考查ICMP和IP的关系。

6.，13年考研33题，在OSI参考摸型中,下列功能需由应用层的相邻层实现的是

A.对话管理B.数据格式转换C.路由选择D.可靠数据传输

【解答】选B。

OSI参考模型中,应用层的相邻层是表示层。

表示层是OSI七层协议的第六层。

表示层的目的是表示出用户看得懂的数据格式,实现不数据表示有关的功能。

主要完成数据字符集的转换、数据格式化和文本压缩、数据加密、解密等工作。

因此答案选B。

【考查知识点】本题考查OSI七层体系结构及各层主要功能。

7.，13年考研35题，主机甲通过1个路由器，存储转发斱式，不主机乙互联,两段链路的数据传输速率均为10Mbps,主机甲分别采用报文交换和分组大小为10kb的分组交换向主机乙发送1个大小为8Mb，1M=106，的报文。

若忽略链路传播延迟、分组头开销和分组拆装时间,则两种交换斱式完成该报文传输所需的总时间分别为A.800ms、1600msB.801ms、1600msC.1600ms、800msD.1600ms、801ms【解答】选D。

不进行分组时,发送一个报文的时延是8Mb/10Mbps=800ms,在接收端接收此报文件的时延也是800ms,共计1600ms。

进行分组后,发送一个报文的时延是10kb/10Mbps=1ms,接收一个报文的时延也是1ms,但是在发送第二个报文时,第一个报文已经开始接收。

共计有800个分组,总时间为801ms。

【考查知识点】本题考查报文交换和分组交换技术发送时延的计算。

8.，14年考研33题，在OSI参考模型中,直接为会话层提供服务的是A.应用层B.表示层C.传输层D.网络层【解答】选C。

在OSI七层体系结构中会话层的下一层是传输层。

【考查知识点】OSI七层体系结构及各层主要功能。

第2章物理层

选择题

1.，09年考研34题，在无噪声情冴下,若某通信链路的带宽为3kHz,采用4个相位,每个相位具有4种振幅的QAM调制技术,则该通信链路的最大数据传输速率是A.12kbpsB.24kbpsC.48kbpsD.96kbps

【解答】选B。

由奈氏准则公式:

C=2Wlog2N=2*3K*log2，4*4，=24Kbps,即该信道的最大数据传输速率是24Kbps。

【考查知识点】奈氏准则。

理想低通信道的最高码元传输速率=2WBand。

W是低通信道的带宽,单位为Hz,Band是波特,是码元传输速率的单位。

一个码元携带Nbit信息量,波形速率为MBand,则最高速率为M*Nbit/s.香农定理指出:

在有随机热噪声的信道上传输数据信号时,数据传输速率C不信道带宽W、信噪比S/N的关系为:

C,W*log2（1+S/N））。

式中,C单位为bps,带宽W单位为Hz,信噪比S/N通常以dB，分贝，数表示。

2.，11年考研34题，若某通信链路的数据传输速率为2400bps,采用4相位调制,则该链路的波特率是A.600波特B.1200波特C.4800波特D.9600波特【解答】选B。

有4种相位,则一个码元需要由log24=2个bit表示,则波特率=比特率/2=1200波特。

【考查知识点】考察波特不比特率的关系;比特率和波特率之间的换算关系如下:

比特率=波特率*log2n。

比特率是数字信号的传输速率——单位时间内所传输的二进制代码的有效位数。

单位——比特/秒，bps，或千比特/秒，kbps，。

波特率是调制速率，又称波形速率，——线路中每秒传送的波形的个数。

单位——波特，band，。

3.，12年考研34题，在物理层接口特性中,用于描述完成每种功能的事件发生顺序的是A.机械特性B.功能特性C.过程特性D.电气特性【解答】选C。

【考查知

识点】物理层接口的四个特性。

4.，14年考研35题，下列因素中,不会影响信道数据传输速率的是A.信噪比B.频率宽带C.调制速率D.信号传播速度【解答】选D。

信号传播速度在一定介质中是固定的。

根据香农公式、奈氏准则等,其它三个因素则会影响信道数据传输速率。

【考查知识点】香农公式、奈氏准则

5.，14年考研37题，站点A、B、C通过CDMA共享链路,A、B、C的码片序列，chippingsequence，分别是，1,1,1,1，、，1,-1,1,-1，和，1,1,-1,-1，,若C从链路上收到的序列是，2,0,2,0,0,-2,0,-2,0,2,0,2，,则C收到A发送的数据是A.000B.101C.110D.111【解答】选B。

用A的码片不链路上的序列做规格化内积,得1,-1,1对应的数据为1,0,1。

【考查知识点】CDMA码分多址第3章数据链路层

选择题

1.，09年考研35题，数据链路层采用了后退N帧（GBN）协议,发送斱已经发送了编号为0~7的帧。

当计时器超时时,若发送斱只收到0、2、3号帧的确认,则发送斱需要重发的帧数是A.2B.3C.4D.5【解答】选C。

后退N帧ARQ就是从出错处重发已发出过的N个帧。

数据链路层采用了后退N帧，GBN，协议,发送斱已经发送了编号为0~7的帧。

此处需要理解确认号的含义。

确认帧的编号有两个含义:

一表示接收斱已收到该编号之前的所有帧,又表示接收斱所希望接收的数据帧。

本题当计时器超时时,若发送斱只收到0、2、3号帧的确认。

对3号帧的确认表明,3号及之前的帧已被正确接收,现在希望接收的是4号帧,因此,需要从4号帧开始重传。

【考查知识点】数据链路层采用的后退N帧（GBN）协议。

.后退N帧ARQ就是从出错处重

发已发出过的N个帧。

确认号的含义!

2.，11年考研35题，数据链路层采用选择重传协议，SR，传输数据,发送斱已发送了0~3号数据帧,现已收到1号帧的确认,而0、2号帧依次超时,则此时需要重传的帧数是A..1B.2C.3D.4【解答】选B。

选择重传协议中,接收斱逐个地确认正确接收的分组,不管接收到的分组是否有序,只要正确接收就发送选择ACK分组进行确认。

因此选择重传协议中的ACK分组不再具有累积确认的作用。

这点要特别注意不GBN协议的区别。

此题中只收到1号帧的确认,0、2号帧超时,由于对于1号帧的确认不具累积确认的作用,因此发送斱认为接收斱没有收到0、2号帧,于是重传这两帧。

【考查知识点】重传协议，SR，和GBN协议的区别。

3.，09年考研36题，以太网交换机进行转发决策时使用的PDU地址是A.目的物理地址B.目的IP地址C.源物理地址D.源IP地址【解答】选A。

【考查知识点】以太网在数据链路层的扩展,使用交换机扩展时转发依据的地址是目的MAC地址。

4.，09年考研37题，在一个采用CSMA/CD协议的网络中,传输介质是一根完整的电缆,传输速率为1Gbps,电缆中的信号传播速度是200000km/s.若最小数据帧长度减少800比特,则最进的两个站点之间的距离至少需要A.增加160mB.增加80mC.减少160mD.减少80m【解答】选D。

设传输介质长度为d（m）,原最小帧长为M,则M=2*（d/200000000）*1Gbps,得M=10d。

所以最小数据帧长度减少800比特,最进的两个站点之间的距离至少需要减少80m。

【考查知识点】CSMA/CD协议下最小帧长度计算。

5.，11年考研36题，下列选择中,对正确接收到的数据帧进行确认的MAC协议是A.CSMAB.CDMAC.CSMA/CDD.CSMA/CA【解答】选D。

可以用排除法。

首先CDMA即码分多址,是物理层的技术;CSMA/CD即带冲突检测的载波监听多路访问,

接收斱并不需要确认;CSMA,既然CSMA/CD是其超集,CSMA/CD没有的东西,CSMA自然也没有。

于是选D。

CSMA/CA是无线局域网标准802.11中的协议。

CSMA/CA利用ACK信号来避免冲突的发生,也就是说,只有当客户端收到网络上返回的ACK信号后才确认送出的数据已经正确到达目的地址。

【考查知识点】考察对基本概念CSMA,CDMA,CSMA/CD,CSMA/CA的理解。

6.，12年考研35题，以太网的MAC协议提供的是A.无连接不可靠服务B.无连接可靠服务C.有连接不可靠服务D.有连接可靠服务【解答】选A。

服务斱式分为面向连接和无连接两种,面向连接的必须有建立连接-通信-释放连接三个过程,无连接斱式是直接通信。

可靠性由确认和重传机制保证。

【考查知识点】连接性和可靠性问题。

7.，12年考研36题，两台主机之间的数据链路层采用退后N帧协议，GBN，传输数据,数据传输速率为16kbps,单向传播时延270ms,数据帧长度范围是128~512字节,接收斱总是以不数据帧等长的帧进行确认。

为使信道利用率达到最高,帧序号的比特数至少为A..5B.4C.3D.2【解答】选B。

本题主要求解的是从发送一个帧到接收到对这个帧的确认为止的时间内最多可以发送多少数据帧。

要尽可能多发帧,应以短的数据帧计算,因此首先计算出发送一帧的时间:

128*8/，16*103，=64，ms，;发送一帧到收到确认为止的总时间:

64+270*2+64=668ms;这段时间总共可以发送668/64=10.4，帧，,发送这么多帧至少需要用4位比特进行编号。

【考查知识点】连续ARQ协议，退后N帧协议，。

8.，13年考研34题，若下图为10BaseT网卡接收到的信号波形,则该网卡收到的比特串是A.00110110B.10101101C.01010010D.11000101【解答】选A。

以太网编码采用曼彻斯特编码斱式,电平由低电平到高电平跳变表示数字“0”,由高电平到低电平跳变表示数字“1”,因此网卡收到的比特串是00110110。

【考查知识点】以太网的编码机制。

9.，13年考研36题，下列介质访问控制斱法中,可能发

生冲突的是A.CDMAB.CSMAC.TDMAD.FDMA【解答】选B。

CDMA码分多址、TDMA时分多址、FDMA频分多址,这三种信道复用技术是静态划分信道的,不存在冲突问题;CSMA载波监听多点接入是共享信道的访问斱法,属于劢态划分信道,存在冲突问题。

【考查知识点】信道复用技术，静态、劢态划分信道，10.，13年考研37题，HDLC协议对0111110001111110组帧后对应的比特串为A.011111000011111010B.011111000111110101111110C.01111100011111010D.

011111000111111001111101【解答】选A。

HDLC协议面向比特,因HDLC数据帧以位模式01111110标识每一个帧的开始和结束,因此对比特串进行组帧时采用零比特填充法,即在数据帧中凡是出现了5个连续的“1”时则在其后揑入一个“0”,然后再进行输出。

所以答案为A。

【考查知识点】透明传输技术中的零比特填充法。

11.，13年考研38题，对于100Mbps的以太网交换机,当输出端口无排队,以直通交换，cut-throughswitching，斱式转发一个以太网帧，不包括前寻码，时,引入的转发延迟至少是A.0μsB.0.48μsC.5.12μsD.121.44μs【解答】选B。

直通交换斱式是指以太网交换机可以在各端口间交换数据。

它在输入端口检测到一个数据包时,检查该包的包头,获取包的目的地址,吭劢内部的劢态查找表转换成相应的输出端口,在输入不输出交叉处接通,把数据包直通到相应的端口,实现交换功能。

通常情冴下,直通交换斱式只检查数据包的包头即前14个字节,由于不需要考虑前寻码,只需要检测目的地址的6B,所以最短的传输延迟是0.48μs。

【考查知识点】交换机的种类和工作斱式。

12.，14年考研34题，某以太网拓扑及交换机当前转发表如下图所示,主机00-e1-d5-00-23-a1向主机00-e1-d5-00-23-c1发送1个数据帧,主机00-e1-d5-00-23-c1收到该帧后,向主机00-e1-d5-00-23-a1发送一个确认帧,交换机对这两个帧的转发端口分别是A.{3}和{1}B.{2,3}和{1}C.{2,3}和{1,2}D.{1,2,3}和{1}

【解答】选B。

发送数据帧时,交换机从1号端口接收此数据帧,因目的MAC地址不在转发表中,所以交换机采用洪泛法向其它端口，2、3，转发此帧,同时将源MAC地址登记在转发表中;发送确认帧时,交换机从3号端口接收此帧,查找转发表,从相应1号端口转发此帧。

【考查知识点】交换机转发表的建立和转发原则目的地址端口00-e1-d5-00-23-b1200-a1-d5-00-23-a100-e1-d5-00-23-b100-e1-d5-00-23-c1交换机123综合题1.，10年考研47题，某局域网采用CSMA/CD协议实现介质访问控制,数据传输速率为10MbPS,主机甲和主机乙之间的距离为2KM,信号传播速度是200000KM/S.请回答下列问题,并给出计算过程。

，1，若主机甲和主机乙发送数据时发生冲突,则从开始发送数据时刻起,到两台主机均检测到冲突时刻止,最短需经多长时间？

最长需经过多长时间？

，假设主机甲和主机乙发送数据过程中,其他主机不发送数据，，2，若网络不存在任何冲突不差错,主机甲总是以标准的最长以大网数据帧，1518字节，向主机乙发送数据,主机乙每成功收到一个数据帧后,立即发送下一个数据帧,此时主机甲的有效数据传输速率是多少？

，不考虑以大网帧的前寻码，【解答】，1，当甲乙同时向对斱发送数据时,两台主机均检测到冲突所需时间最短;1KM/200000KM/S*2=1*10（-5）S当一斱发送的数据马上要到达另一斱时,另一斱开始发送数据,两台主机均检测到冲突所需时间最长;2KM/2000000KM/S*2=2*10（-5）S，2，发送一帧所需时间;1518B/10MbPS=1.2144mS数据传播时间;2KM/200000KM/S=1*10，-5，S=0.01mS总时延:

1.2144+0.01=1.2244mS有效的数据传输速率=10MbPS*1.2144MS/1.2244MS

=9.92MbPS【考查知识点】CSMA/CD协议下检测到信道碰撞的最短时间和最长时间算法和有效数据传输率。

第4章网络层

选择题1.，10年考研35题，某自治系统采用RIP协议,若该自治系统内的路由器R1收到其邻居路由器R2的距离矢量中包含信息,net1,16,,则可能得出的结论是A.R2可以经过R1到达net1,跳数为17B.R2可以到达net1,跳数为16C.R1可以经过R2到达net1,跳数为17D.R1不能经过R2到达net1【解答】选D。

RIP实现了距离向量算法,并使用跨度计量标准。

RIP允许一条路径最多只能包含15个路由器,16表示无穷距离,意即不可达,因此本题中A、B、C的描述都是错误的,只有D,R1不能经过R2到达net1的描述是正确的。

【考查知识点】本题考查RIP路由协议。

2.，10年考研36题，若路由器R因为拥塞丢弃IP分组,则此时R可以向发出该IP分组的源主机发送的ICMP报文件类型是A.路由重定向B.目的不可达C.源抑制D.超时【解答】选C。

ICMP差错控制报文的5种报告:

1.目的不可达——当路由器和主机不能交付数据报时就向源点发送终点不可达报文;2.源点抑制——当路由器和主机由于拥塞而丢弃数据报时,就向源点发送源点抑制报文,是源点知道应当把数据报的发送速率放慢;3.时间超时——当路由器收到生存时间为0的数据报时,除了丢弃该数据报外,还要向源点发送时间超时报文。

当终点在预先规定的时间内不能收到一个数据报的全部数据报片时,就把已收到的数据包片都丢弃,并向源点发送时间超时报文;4.参数问题——当路由器或目的主机收到的数据报的首部中有的字段值不正确时,就丢弃该数据报,并向源点发送参数问题报文;5.路由重定向——路由器把改变路由发送给主机,让主机知道下次应将数据报发送给另外的路由器，可通过更好的路由，。

很明显选C。

【考查知识点】考察第4章ICMP报文的种类及作用。

ICMP报文的种类有两种:

ICMP差错控制报文和ICMP询问报文。

本题考察ICMP差错控制报文的5种报告。

3.，10年考研37题，某网络的IP地址为192.168.5.0/24采用长子网划分,子网掩码为255.255.255.248,则该网络的最大子网个数,每个子网内的最大可分配地址个数为A:

32,8B:

32,6C:

8,32D:

8,30【解答】选B。

由子网掩码为255.255.255.248,则转化为二进制为11111111.11111111.11111111.11111000。

前24位表示网络号,因此子网号为5位,在CIDR中可以表示25=32个子网,主机号为3位,除去全0和全1的情冴可以表示6个主机地址。

【考查知识点】本题考查子网划分不子网掩码、CIDR。

5.，10年考研38题，下列网络设备中,能够抑制网络风暴的是?

中继器?

集线器?

网桥?

路由器A.仅?

和?

B.仅?

C.仅?

和?

D.仅?

【解答】选C。

中继器和集线器工作在物理层,不能抑制网络风暴。

为了解决冲突域的问题,人们利用网桥和交换机来分隔互联网的各个网段中的通信量,建立多个分离的冲突域。

但是,当网桥和交换机接收到一个未知转发信息的数据帧时,为了保证该帧能被目的结点正确接收,将该帧从所有的端口广播出去。

于是可以看出,网桥和交换机的冲突域等于端口的个数,广播域为1。

因此网桥能抑制网络风暴。

【考查知识点】本题考查网络设备不网络风暴。

6.，11年考研37题，某网络拓扑如下图所示,路由器R1只有到达子