届上海市普陀区高三下学期高考二模物理试题解析版.docx

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届上海市普陀区高三下学期高考二模物理试题解析版

2018届上海市普陀区高三下学期高考二模物理试题（解析版）

一.选择题

1.由核反应产生，且属于电磁波的射线是（　　）

A.α射线B.γ射线C.X射线D.阴极射线

【答案】B

【解析】由核反应产生，且属于电磁波的射线是γ射线；α射线和阴极射线都不是电磁波；X射线是电磁波，但不是由核反应产生；故选B.

2.一颗恒星的寿命取决于它的（　　）

A.温度B.颜色C.质量D.体积

【答案】C

【解析】因为天体大，质量大，万有引力就大，在巨大的引力下原子核之间的距离就更近，更容易引起核聚变，所以越大的恒星他的内部核聚变就越激烈，释放的能量也越大，燃料聚变的速度就越快，恒星死亡的也就越快。

故选C.

点睛：

质量小的恒星其寿命几乎同宇宙一样长，达一百多亿年；质量大的恒星，其寿命却只有几百万到几千万年．一般来说，质量越大，寿命越短．

3.白光通过双缝后产生的干涉条纹是彩色的，其原因是不同色光的（　　）

A.频率不同B.强度不同C.振动方向不同D.传播速度不同

【答案】A

...............

4.关于布朗运动，下列说法中正确的是（　　）

A.液体分子的无规则运动就是布朗运动

B.布朗运动的激烈程度跟温度无关

C.布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒不断地受到液体分子的撞击而引起的

D.悬浮在液体中固体颗粒越大，在某一瞬时撞击它的分子数越多，布朗运动越明显

【答案】C

【解析】悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动就是布朗运动，选项A错误；布朗运动的激烈程度跟温度有关，温度越高，布朗运动越明显，选项B错误；布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒不断地受到液体分子的撞击而引起的，选项C正确；悬浮在液体或气体中的颗粒越小，液体分子或气体分子对微粒的撞击造成的不平衡越明显，布朗运动越明显，故D错误；故选C.

点睛：

本题考查布朗运动的性质，要知道布朗运动既不颗粒分子的运动，也不是液体分子的运动，而是液体分子无规则运动的反映．

5.某教室墙上有一朝南的钢窗，当把钢窗左侧向外推开时，下列说法正确的是（　　）

A.穿过窗户的地磁场的磁通量变大

B.穿过窗户的地磁场的磁通量不变

C.从推窗人的角度看，窗框中的感应电流方向是逆时针

D.从推窗人的角度看，窗框中的感应电流方向是顺时针

【答案】C

【解析】地磁场由南向北，当朝南的钢窗向外推开时，平面与磁场平行时，没有磁感穿过线框平面，穿过环面的磁通量为0．根据楞次定律，穿过窗框的磁通量减小时，产生的感应电流的方向为逆时针．故选项ABD错误，C正确；故选C.

点睛：

本题关键是知道地磁场的方向，知道求解磁通量的表达式Φ=BSsinα（α是磁场与线圈平面的夹角）分析理解．掌握楞次定律判断感应电流的方法.

6.如图，倾斜的天花板上有一物块，该物块在竖直向上的恒力F作用下恰好能沿天花板匀速上升，下列说法中正确的是（　　）

A.物块一定受两个力的作用B.物块一定受三个力的作用

C.物块可能受三个力的作用D.物块可能受四个力的作用

【答案】D

【解析】物块沿天花板匀速上升，受力平衡，对物块受力分析可知，若斜面对物块没有向下的压力，则物块受到重力和向上的恒力．若斜面对物块有垂直斜面向下的压力，则必定有沿斜面向下的摩擦力，则物块受到重力、向上的恒力、垂直斜面向下的压力和沿斜面向下的摩擦力，所以物块可能受到两个力，也可能受到四个力，故ABC错误，D正确．故选D

点睛：

本题一定要分情况讨论，注意斜面对物块可能有向下的压力，也可能没有向下的压力，知道若斜面多物块有垂直斜面向下的压力，则必定有沿斜面向下的摩擦力．

7.如图，在点电荷产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。

下列说法正确的是（　　）

A.电子一定从A向B运动

B.A点电势高于B点电势

C.电子在A点的电势能大于它在B点的电势能

D.电子在A点的加速度大于它在B点的加速度

【答案】B

【解析】由于不知道电子速度变化，由运动轨迹图不能判断电子向那个方向运动，故A错误；由运动轨迹可知，电场力方向指向凹的一侧即左侧，电场力做功等于电势能的减小量，电子所受电场力方向指向左侧，那么若电子从A向B运动，则电场力做负功，电势能增加；若电子从B向A运动，则电场力做正功，电势能减小，所以，一定有EpA＜EpB，故电子在B点的电势能大于在A点的电势能，故B点的电势一定小于A点的电势，故B正确，C错误；一条电场线不能确定疏密，则不能确定电子在AB两点受电场力的大小关系，不能判断加速度大小关系，故D错误；故选B.

8.如图，弹性轻绳的一端套在手指上，另一端与弹力球连接，用手将弹力球以某一竖直向下的初速度抛出，抛出后手保持不动。

从球抛出瞬间至球第一次到达最低点的过程中（弹性轻绳始终在弹性限度内，不计空气阻力），下列说法正确的是（　　）

A.绳刚伸直时，球的速度最大

B.该过程中，球的加速度一直减小

C.该过程中，重力对球做的功大于球克服绳的拉力做的功

D.在最低点时，球、绳和地球组成的系统势能最大

【答案】D

【解析】绳伸直以后，绳的拉力始终做负功，但重力大于拉力时球的速度增大，故球的动能增大，当重力与拉力相等时球的速度最大，动能最大；继续向下，当重力小于拉力时球的速度减小，则球的动能减小，A错误；绳子伸直以前，球的加速度大小为g保持不变，绳伸直以后，开始时重力大于拉力，加速度向下，当重力等于拉力时，加速度减为零；当重力小于拉力时，加速度向上增加，故B错误；该过程中由于动能变化为零，则重力对球做的功等于球克服绳的拉力做的功，C错误；在最低点时，小球的动能为零，球、绳和地球组成的系统势能最大，D正确；故选D。

9.甲、乙两同学们利用反应尺估测反应时间。

如图，甲同学捏住直尺上端，使直尺保持竖直状态，乙同学的手指对齐直尺的零刻度线。

当乙看见甲放开直尺时，立即用手指捏直尺。

若乙同学的反应时间范围为0～0.3s，则该直尺的长度至少为（g取10m/s2）（　　）

A.40cmB.45cmC.90cmD.100cm

【答案】B

【解析】直尺下降的时间即为自由落体运动的时间，根据x=

gt2可得：

x=

×10×0.32m=0.45m=45cm，故选B.

点睛：

本题自由落体运动规律在生活的应用，自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，结合自由落体运动考查了匀加速直线运动的规律．

10.如图，当电路中电键S断开时，测得电阻R1两端的电压为2V，R2两端的电压为3V，电源有内阻。

当电键S闭合后，下列说法正确的是（　　）

A.电压表的示数大于5VB.电阻R2两端的电压小于3V

C.电阻R1两端的电压小于2VD.内电阻r上的电压变小

【答案】B

【解析】当电键S打开时，测得电阻R1两端的电压为2V，R2两端的电压为3V，则路端电压为5V，即电压表的示数为5V，选项A错误．当电键S闭合后，电路的总电阻变小，总电流变大，则路端电压变小，电阻R1两端的电压变大，则大于2V；并联支路的电压减小，则电阻R2两端的电压小于3V，选项B正确，C错误；总电流变大，则内电阻r上的电压变大，选项D错误；故选B.

点睛：

要会根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系．

11.用如图所示的装置可以测量液体的密度。

将一个带有阀门的三通U形管倒置在两个装有液体的容器中，用抽气机对U形管向外抽气，再关闭阀门K，已知左边液体的密度为ρ1，左右两边液柱高度分别为h1、h2，下列说法正确的是（　　）

A.实验中必须将U形管内抽成真空

B.关闭阀门K后，管内气体压强大于管外大气压

C.右边液体的密度ρ2=

D.右边液体的密度ρ2=

【答案】C

【点睛】用抽气机对U形管向外抽气后管内压强小于管外大气压，在大气压作用下液体进入两管中。

根据液体压强

和压力平衡角度分析解决。

12.某高中生为了估测自行车受到的阻力，设计了下列实验：

让自行车在t=7s内匀速行驶s1=10m的距离后，立即停止用力蹬脚踏，自行车又前进了s2=8.1m的距离后停下来。

由此估测出自行车受到的阻力最接近以下哪个值（　　）

A.10NB.30NC.60ND.100N

【答案】A

【解析】自行车在t=7s内匀速行驶s1=10m，则速度

；根据动能定理:

，解得

，故选A.

二.填空题

13.带电体所带的电荷量总是等于某一个最小电荷量的_____倍，这个最小电荷量叫做_____。

【答案】

（1）.整数倍

（2）.基本电荷（或元电荷）

【解析】带电体所带的电荷量总是等于某一个最小电荷量的整数倍，这个最小电荷量叫做基元电荷。

14.卢瑟福通过如图所示的实验装置，发现了_____，该实验的核反应方程为_____。

【答案】

（1）.质子

（2）.147N+42He→178O+11H

【解析】卢瑟福通过如图所示的实验装置，发现了质子，该实验的核反应方程为147N+42He→178O+11H.

15.如图，一列简谐横波沿x轴正方向传播，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=1s时的波形图。

已知该简谐波的周期大于1s，则波的波速为_____m/s，周期为_____s。

【答案】

（1）.3

（2）.

【解析】由图象可知，波长为λ=4m；由题意知：

（n+

）T=1，所以周期为

，因为该简谐波的周期大于1s。

即当n=0时，T=

s，波速为：

；

点睛：

根据两个时刻的波形，分析时间与周期的关系或波传播距离与波长的关系是关键，要抓住波的周期性得到周期或波传播距离的通项，从而得到周期的特殊值．

16.如图，一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的气缸内，活塞的横截面积为S，相对于底部的高度为h，可沿气缸无摩擦地滑动。

设大气和活塞对气体的总压强为p0，外界温度始终保持不变。

取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上，沙子倒完时，活塞下降了

，此时，气体的压强为_____，一小盒沙子的质量为_____。

【答案】

（1）.2P0

（2）.

【解析】度气体，根据玻意耳定律得：

，解得p=2p0；对活塞由平衡知识可知：

，解得

17.如图甲，在匀强磁场中，有一通电直导线受到的安培力大小为15N．若将该导线做成

圆环（导线的长度和粗细均不变，a、b为导线两端点），放置在同一匀强磁场中，如图乙所示，保持通过导线的电流不变，则圆环受到的安培力方向为_____，大小为_____N。

【答案】

（1）.垂直ab连线斜向下

（2）.

【解析】直导线受到的安培力:

F1=BIL，解得

；将该导线做成3/4圆环后，圆半径为

；有效长度为：

；所受的安培力：

.方向垂直ab连线斜向下；

点睛：

本题主要考查了通电导线在磁场中受到的安培力，除了记住安培力的公式及左手定则判断方向，关键是抓住通电导线的有效长度即可判断.

三.综合题

18.在“利用单摆测重力加速度”的实验中，

（1）从下列器材中选用最合适的器材（填写器材代号）_____。

A．小铁球

B．小塑料球

C．20cm长的细线

D．100cm长的细线E手表F时钟G秒表

（2）若实验测得的g值偏大，可能的原因是_____

A．摆球的质量太大

B．测摆长时，仅测了线长，未加小球半径

C．测周期时，把n次全振动误记为（n+1）次

D．摆球上端未固定牢固，振动中出现松动（摆长变长）

（3）某同学想进一步验证单摆的周期和重力加速度的关系，但又不可能去不同的地区做实验。

该同学就将单摆与光电门传感器安装在一块摩擦不计、足够大的板上，使板倾斜α角度，让摆球在板的平面内做小角度摆动，如图甲所示。

利用该装置可以验证单摆的周期和等效重力加速度的关系。

若保持摆长不变，则实验中需要测量的物理量有_____。

若从实验中得到所测物理量数据的图线如图乙所示，则图象中的纵坐标表示_____，横坐标表示_____。

【答案】

（1）.ADG

（2）.C（3）.木板倾角α和单摆振动的周期T（4）.T2（5）.

【解析】

（1）“利用单摆测重力加速度”的实验中，最合适的器材有：

小铁球、100cm长的细线以及秒表；故选ADG.

（2）根据

可得

，则摆球的质量对实验无影响，选项A错误；测摆长时，仅测了线长，未加小球半径，这样摆长测量偏小，则测得的重力加速度g值偏小，选项B错误；测周期时，把n次全振动误记为（n+1）次，则测得的周期偏小，则测得的重力加速度g值偏大，选项C正确；摆球上端未固定牢固，振动中出现松动（摆长变长），这时测得的周期偏大，则测得的重力加速度g值偏小，选项D错误；故选C.

（3）此单摆的等效重力加速度为g′=gsinα，则单摆的周期

，则保持摆长不变时，要测量的物理量是：

木板倾角α和单摆振动的周期T；将

变形为：

，则若从实验中得到所测物理量数据的图线如图乙所示，则图像中的纵坐标表示T2，横坐标表示

。

19.如图，AB是固定在竖直平面内半径R=1.25m的

光滑圆弧轨道，OA为其水平半径，圆弧轨道的最低处B无缝对接足够长的水平轨道，将可视为质点的小球从轨道内表面最高点A由静止释放。

已知小球进入水平轨道后所受阻力为其重力的0.2倍，g取10m/s2．求：

（1）小球经过B点时的速率；

（2）小球刚要到B点时加速度的大小和方向；

（3）小球过B点后到停止的时间和位移大小。

【答案】

（1）5m/s；

（2）20m/s2，方向沿B点半径指向圆心；（3）25s，6.25m

【解析】

（1）小球从A点释放滑至B点，只有重力做功，机械能守恒：

mgR=

mvB2

解得vB=5m/s

（2）小环刚要到B点时，处于圆周运动过程中，

加速度方向沿B点半径指向圆心

（3）小环过B点后继续滑动到停止，可看做匀减速直线运动：

0.2mg=ma2，

解得a2=2m/s2

20.如图，在水平直角坐标平面xOy内，过原点O沿y轴固定一无限长绝缘通电直导线，电流方向沿+y方向、大小恒为I0，其周围空间磁场的磁感应强度大小

，k为常数、x为离直导线的垂直距离。

OA、OB为沿Ⅰ、Ⅳ象限角平分线方向固定，材料、粗细均相同的两根足够长裸直导轨，两导轨在原点O接触良好，但与通电直导线绝缘。

cd为长L、材料和粗细与导轨相同的足够长裸金属杆。

现使cd杆从原点O开始垂直Ox轴贴着两导轨向+x方向运动，经t秒运动至坐标x处。

在这一过程中，cd杆中电流强度大小恒为I．已知导轨、cd杆单位长度电阻为

R0，不计导轨中电流产生的磁场的影响。

（1）判断cd杆滑动时感应电流的方向，并求t秒末它的速率v与x的关系式；

（2）分析说明cd杆在运动过程中加速度大小的变化情况；

（3）求t秒末cd杆两端电压U与x的关系式；

（4）求t秒内cd杆产生的焦耳热Q与x的关系式。

【答案】

（1）

（2）cd杆在运动过程中加速度大小增大（3）

（4）

【解析】

（1）由安培定则、右手定则可以判定，cd杆中感应电流方向沿+y方向；

解得：

（2）由上式，取连续相等两位移Δx，cd杆经过两段位移速度变化量Δv相同，但由于cd杆加速滑动，故后一段位移时间Δt比前一段短，由

，可知杆的加速增大；

（3）t秒末，cd杆在两导轨之间的一段两端电压：

；

杆伸出导轨外部分两端电压：

所以cd杆两端电压：

（4）cd杆受到的安培力：

cd杆在t秒内，克服安培力的功等于闭合回路中产生的总焦耳热：