山师附中高三物理复习考点精讲牛顿第二定律.docx
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山师附中高三物理复习考点精讲牛顿第二定律
2021届新高考物理第一轮复习课时强化训练
牛顿第二定律
一、选择题
1、如图所示,质量分别为m1=1kg、m2=4kg的A、B两物体置于光滑的水平面上,中间用轻质弹簧测力计连接,大小均为20N的水平拉力F1、F2分别作用在A、B上,系统处于静止状态。
下列说法正确的是( )
A.弹簧测力计的示数是0
B.弹簧测力计的示数是40N
C.突然撤去F2的瞬间,B的加速度大小为5m/s2
D.撤去F1后,当A、B加速度相同时,弹簧测力计的示数是16N
解析:
选C 两水平拉力大小相等,两物体受力平衡,此时弹簧测力计的示数T=20N,选项A、B错误;在突然撤去F2的瞬间,因为弹簧的弹力不能发生突变,所以B的加速度大小为a2=
=
m/s2=5m/s2,选项C正确;撤去F1后,当A、B加速度相同时,满足
=
,解得弹簧测力计的示数T′=4N,选项D错误。
2、阿联酋迪拜哈利法塔,原名迪拜塔,塔高828m,也被称为世界第一高楼。
楼层总数162层,配备56部电梯,最高速可达17.4m/s。
游客乘坐观光电梯大约1min就可以到达观光平台。
若电梯简化成只受重力与绳索拉力,已知电梯在t=0时由静止开始上升,其加速度a与时间t的关系如图所示。
下列相关说法正确的是( )
A.t=6s时,电梯处于失重状态
B.7~53s时间内,绳索拉力最小
C.t=59s时,电梯处于超重状态
D.t=60s时,电梯速度恰好为0
解析:
选D 根据at图像可知当t=6s时,电梯的加速度向上,电梯处于超重状态,故A错误;53~60s时间内,加速度的方向向下,电梯处于失重状态,绳索的拉力小于重力;而7~53s时间内,a=0,电梯处于平衡状态,绳索拉力等于电梯的重力,应大于电梯失重时绳索的拉力,所以这段时间内绳索拉力不是最小,故B错误;t=59s时,电梯减速向上运动,a<0,加速度方向向下,电梯处于失重状态,故C错误;根据at图像与时间t坐标轴所围的面积表示速度的变化量,由几何知识可知,60s内at图像与时间t坐标轴所围的面积为0,所以速度的变化量为0,而电梯的初速度为0,所以t=60s时,电梯速度恰好为0,故D正确。
3、“歼-20”战斗机在某次起飞中,由静止开始加速,当加速度a不断减小至零时,飞机刚好起飞。
关于起飞过程,下列说法正确的是( )
A.飞机所受合力不变,速度增加越来越慢
B.飞机所受合力减小,速度增加越来越快
C.速度方向与加速度方向相同,速度增加越来越快
D.速度方向与加速度方向相同,速度增加越来越慢
解析:
选D 根据牛顿第二定律可知,当加速度a不断减小至零时合力逐渐减小到零,速度增加得越来越慢,故A、B项错误;飞机做加速运动,加速度方向与速度方向相同,加速度减小,即速度增加的快慢程度越来越慢,故C项错误,D项正确。
4、一物块静止在粗糙的水平桌面上。
从某时刻开始,物块受到一方向不变的水平拉力作用。
假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
以a表示物块的加速度大小,F表示水平拉力的大小。
能正确描述F与a之间的关系的图像是( )
解析:
选C 物块的受力如图所示,当F不大于最大静摩擦力时,物块仍处于静止状态,故其加速度为0;当F大于最大静摩擦力后,由牛顿第二定律,得F-μFN=ma,即F=μFN+ma,F与a成线性关系。
C项正确。
5.(多选)某物体在光滑的水平面上受到两个恒定的水平共点力的作用,以10m/s2的加速度做匀加速直线运动,其中F1与加速度的方向的夹角为37°,某时刻撤去F1,此后该物体( )
A.加速度可能为5m/s2
B.速度的变化率可能为6m/s2
C.1秒内速度变化大小可能为20m/s
D.加速度大小一定不为10m/s2
解析:
选BC 根据牛顿第二定律得F合=ma=10m,F1与加速度方向的夹角为37°,根据几何知识可知,F2有最小值,最小值为F2min=F合sin37°=6m。
所以当F1撤去后,合力的最小值为Fmin=6m,此时合力的取值范围为F合≥6m,所以最小的加速度为amin=
=6m/s2。
故B、C两项正确。
6.如图所示,A、B、C为三个实心小球,A为铁球,B、C为木球。
A、B两球分别连接在两根弹簧上,C球连接在细线一端,弹簧和细线的下端固定在装水的杯子底部,该水杯置于用绳子悬挂的静止吊篮内。
若将挂吊篮的绳子剪断,则剪断的瞬间相对于杯底(不计空气阻力,ρ木<ρ水<ρ铁)( )
A.A球将向上运动,B、C球将向下运动
B.A、B球将向上运动,C球不动
C.A球将向下运动,B球将向上运动,C球不动
D.A球将向上运动,B球将向下运动,C球不动
解析:
选D 将挂吊篮的绳子剪断瞬间,装水的杯子做自由落体运动,水处于完全失重状态,即可以认为水和球之间没有相互作用力。
以杯子作为参考系,A受到向上的弹力作用,B受到向下的弹力作用,C不受到弹力作用,所以A球将向上运动,B球将向下运动,C球不动。
7.如图所示,轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连,下端与另一质量为M的木块2相连,整个系统置于水平放置的光滑木板上,并处于静止状态。
现将木板沿水平方向突然抽出,设抽出后的瞬间,木块1、2的加速度大小分别为a1、a2。
重力加速度大小为g。
则有( )
A.a1=g,a2=gB.a1=0,a2=g
C.a1=0,a2=
gD.a1=g,a2=
g
解析:
选C 抽出木板前,木块1受重力和弹簧对其向上的弹力,在抽出木板的瞬间,弹簧对木块1的弹力未来得及变化,木块1受重力和弹簧对其向上的弹力仍然平衡,a1=0。
抽出木板前,木块2受重力、弹簧对其向下的弹力和木板的支持力,而木板支持力大小等于Mg+mg,在抽出木板的瞬间,弹簧对木块2的弹力未来得及变化,但木块2所受支持力(大小为Mg+mg)突然消失,根据牛顿第二定律,a2=
g。
故C正确。
8.质量为M的皮带轮工件放置在水平桌面上,一细绳绕过皮带轮的皮带槽,一端系一质量为m的重物,另一端固定在桌面上。
如图所示,皮带轮与桌面、细绳之间以及细绳与桌子边缘之间的摩擦都忽略不计,则重物下落过程中,皮带轮的加速度大小为( )
A.
B.
C.
D.
解析:
选C 相等时间内重物下落的距离是皮带轮运动距离的2倍,因此,重物的加速度大小也是皮带轮加速度大小的2倍,设细绳上的拉力为F,根据牛顿第二定律
=2·
,解得F=
,皮带轮加速度大小为a=
=
,所以C正确。
9.如图所示,用轻质弹簧将篮球拴在升降机底板上,此时弹簧竖直,篮球恰好与光滑的侧壁和光滑的倾斜天花板接触,在篮球与侧壁之间装有压力传感器,当升降机沿竖直方向运动时,压力传感器的示数逐渐增大,某同学对此现象给出了下列分析与判断,其中可能正确的是( )
A.升降机正在匀加速上升
B.升降机正在匀减速上升
C.升降机正在加速下降,且加速度越来越大
D.升降机正在减速下降,且加速度越来越大
解析:
选C
对篮球进行受力分析如图所示,由于压力传感器的示数增大,则侧壁对篮球的压力N一定增大,F′水平向左的分力增大,F′一定增大,F′竖直向下的分力增大;篮球在竖直方向运动,水平方向受力平衡,篮球的位置不变,则弹簧的弹力不变;所以篮球受到的竖直向下的合力增大,可知篮球加速度的方向向下,可能向下做加速运动,也可能向上做减速运动。
由于压力传感器的示数逐渐增大,可知加速度的大小逐渐增大。
又由于升降机的加速度与篮球的加速度是相同的,由以上的分析可知,升降机可能正在加速下降,且加速度越来越大,或升降机正在减速上升,且加速度越来越大。
可知只有C项正确。
10、如图所示,一个箱子内放置质量为m的物体,现让箱子以初速度为零从足够高的高空释放,已知箱子所受的空气阻力与箱子下落速度成正比,则在箱子下落过程中,下列说法正确的是()
A.开始的一段时间内箱内物体处于超重状态
B.箱内物体经历了先失重后超重的状态
C.箱内物体对箱子底部的压力逐渐减小
D.箱子接近地面时,箱内物体所受的重力与箱子底部对物体的支持力是一对平衡力
解析:
选D以箱子和物体整体为研究对象,设总质量为M,根据牛顿第二定律得Mg-F阻=Ma,得a=g-
=g-
.当整体的速度v增大时,加速度a减小,且方向向下,故物体先处于失重状态,当a=0时,物体受力平衡,A、B错误.物体的“视重”FN=mg-ma,随着加速度a的减小,物体的视重将增大,C错误.由于足够高,则箱子接近地面时,可视为匀速运动,加速度a=0,箱内物体所受的重力与箱子底部对物体的支持力是一对平衡力,D正确.
11、(多选)如图所示,小车上固定一水平横杆,横杆左端的固定斜杆与竖直方向成α角,斜杆下端连接一质量为m的小球;横杆右端用一根细线悬挂相同的小球.当小车沿水平面做匀加速直线运动时,细线与竖直方向间的夹角β(β≠α)保持不变.设斜杆、细线对小球的作用力分别为F1、F2,下列说法正确的是( )
A.F1、F2可能相同
B.F1、F2一定相同
C.小车加速度大小为gtanα
D.小车加速度大小为gtanβ
解析:
选BD以右边的小球为研究对象,根据牛顿第二定律,设其质量为m,有mgtanβ=ma,得a=gtanβ;以左边的小球为研究对象,设其加速度为a′,斜杆对小球的弹力方向与竖直方向夹角为θ,由牛顿第二定律得mgtanθ=ma′;因为a=a′,得θ=β,则斜杆对小球的弹力方向与细线平行,即F1、F2方向相同,大小相等,故A错误,B正确;小车的加速度大小为a=gtanβ,方向向右,故D正确,C错误.
12.如图所示,水平桌面由粗糙程度不同的AB、BC两部分组成,且AB=BC.小物块P(可视为质点)以某一初速度从A点滑上桌面,最后恰好停在C点,已知物块经过AB与BC两部分的时间之比为1∶4,则物块P与桌面上AB、BC部分之间的动摩擦因数μ1、μ2之比为(P物块在AB、BC上所做两段运动可看作匀变速直线运动)( )
A.1∶4B.8∶1
C.1∶1D.4∶1
解析:
选B设B点的速度为vB,根据匀变速直线运动平均速度的推论有:
t1=
t2,又t1∶t2=1∶4,解得:
vB=
,在AB上的加速度为:
a1=μ1g=
,在BC上的加速度为:
a2=μ2g=
,联立解得:
μ1∶μ2=8∶1,故选B.
二、非选择题
13.用倾角θ=30°传送带传送m=0.5kg的物体,物体与传送带间无滑动,如图所示。
求在下述情况下物体所受摩擦力。
g取10m/s2。
(1)传送带以v=3m/s的速度匀速向上运动;
(2)传送带以a=2m/s2加速度匀加速向上运动;
(3)若传送带以加速度a=3m/s2减速向上运动,物体受到的摩擦力如何?
如果传送带以a=6m/s2减速向上运动,物体受到的摩擦力又将如何?
解析:
(1)传送带匀速向上运动时,物体处于平衡状态,所受合外力为零,则有f-mgsinθ=0,
f=mgsinθ=0.5×10×0.5N=2.5N,方向沿传送带斜向上。
(2)传送带匀加速斜向上运动,
由F合=ma得f-mgsinθ=ma,
f=mgsinθ+ma=0.5×10×0.5N+0.5×2N
=3.5N,
方向沿传送带斜向上。
(3)传送带匀减速斜向上运动,
其加速度a=3m/s2沿传送带向下,合力沿传送带向下,
由F合=ma得mgsinθ-f=ma,
则f=mgsinθ-ma=0.5×10×0.5N-0.5×3N=1.0N,
物体所受摩擦力大小为1.0N,方向沿传送带斜向上。
如果传送带以a=6m/s2减速向上运动时,物体合力沿传送带向下,由
F合=ma得mgsinθ+f=ma,
则有f=ma-mgsinθ=0.5×6N-0.5×10×0.5N=0.5N,
物体所受摩擦力大小为0.5N,方向沿传送带斜向下。
答案:
(1)2.5N 方向沿传送带斜向上
(2)3.5N 方向沿传送带斜向上 (3)1.0N,方向沿传送带斜向上 0.5N,方向沿传送带斜向下
14.某航空公司的一架客机,在正常航线做水平飞行时,由于突然受到强大垂直气流的作用,使飞机在10s内高度下降了1700m,造成众多乘客和机组人员的伤害事故。
如果只研究飞机在竖直方向上的运动,且假定这一运动是匀变速直线运动,g=10m/s2,试计算:
(1)飞机在竖直方向上产生的加速度是多大?
方向怎样?
(2)乘客所系安全带必须提供相当于乘客体重多少倍的竖直拉力,才能使乘客不脱离座椅?
(3)未系安全带的乘客,相对于机舱将向什么方向运动?
最可能受到伤害的是人体的什么部位?
解析:
(1)由h=
at2得a=
=34m/s2,方向竖直向下。
(2)由牛顿第二定律得F+mg=ma,
即得安全带提供给乘客竖直向下的拉力为
F=m(g-a)=2.4mg。
(3)未系安全带的乘客,重力提供的加速度小于飞机的加速度,则乘客将相对飞机向上运动,头部受到严重伤害。
答案:
(1)34m/s2 方向竖直向下
(2)2.4倍
(3)相对飞机将向上运动,头部受到严重伤害
15.如图所示,固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ,在斜杆下端固定有质量为m的小球。
试分析下列情况下杆对球的作用力F的大小和方向:
(1)小车静止时;
(2)小车以加速度a水平向右加速运动时;
(3)小车以加速度a=gtanθ水平向右加速运动时。
解析:
(1)根据物体平衡条件知,杆对球的作用力方向竖直向上,且大小等于小球的重力mg。
(2)选取小球为研究对象。
因小球具有水平向右的加速度,所以作用力的方向应斜向右上方,故假设小球所受弹力方向与竖直方向的夹角为α,如图:
根据牛顿第二定律有
Fsinα=ma,Fcosα=mg,
解得F=
tanα=
。
(3)由
(2)知,F=
=
tanα=
=tanθ,即α=θ。
答案:
(1)mg,竖直向上
(2)
斜向右上方,力与竖直方向夹角α满足tanα=
(3)
斜向右上方,力与竖直方向夹角α满足α=θ
16.质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动,一段时间后撤去F,其运动的v-t图象如图所示.g取10m/s2,求:
(1)物体与水平面间的动摩擦因数μ;
(2)水平推力F的大小;
(3)0~10s内物体运动位移的大小.
解析
(1)设物体做匀减速运动的时间为Δt2,初速度为v20,末速度为v2t,加速度的大小为a2,则
a2=
=
m/s2=2m/s2①
设物体所受的摩擦力为Ff,由牛顿第二定律得
Ff=ma2②
Ff=μmg③
联立②③式,代入数据得μ=0.2④
(2)设物体做匀加速直线运动的时间为Δt1,初速度为v10,末速度为v1t,加速度大小为a1,则
a1=
=
m/s2=1m/s2⑤
根据牛顿第二定律得F-Ff=ma1⑥
联立③⑤⑥式,代入数据得F=6N⑦
(3)由匀变速直线运动的位移公式得
x=x1+x2=v10Δt1+
a1(Δt1)2+v20Δt2-
a2(Δt2)2=46m.
答案
(1)0.2
(2)6N (3)46m