课标通用安徽省中考物理总复习阶段检测五试题Word下载.docx
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答案1.1 109
解析接线柱1、2接入电路时,根据并联电路特点有IgRg=I1R1,解得I1=
=1A;
故可以测量的最大电流为I=Ig+I1=0.1A+1A=1.1A;
接线柱1、3接入电路时,灵敏电流计与R1并联,后与R2串联,根据串联电路的特点有I3=I,则R2两端的电压为U2=I3R2=1.1A×
99Ω=108.9V;
灵敏电流计两端的电压为Ug=Ig·
Rg=0.1A×
1Ω=0.1V。
故可以测量的最大电压为U=U2+Ug=108.9V+0.1V=109V。
5.（2018·
安徽铜陵一模）如图所示的电路中,已知电电压U=15V,滑动变阻器的电阻值范围为0~10Ω,电阻R=15Ω,电流表的量程为0~3A,闭合开关后,左右移动滑动变阻器,则电流表示数的变化范围为 A。
答案0.6~1
解析由电路图可知,定值电阻R与滑动变阻器串联,电压表测变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时,电路中的电流最大,则I大=
=1A。
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的最小电流I小=
=0.6A。
左右移动滑动变阻器,则电流表示数的变化范围为0.6~1A。
6.（2018·
安徽二模）当今社会人类制造了很多垃圾,对垃圾的处理非常重要。
垃圾填埋气发电厂将垃圾填埋后,采用科学方法使其发酵,并把产生的填埋气收集起用于发电,这个过程是将垃圾的 能转化成电能,既能缓解用电问题,又能解决环境污染。
答案化学
解析将填埋气收集起用于发电,是将这些垃圾的化学能最终转化为电能。
7.（2018·
安徽巢湖市模拟）在如图甲的电路中,闭合开关S后,电流表A1的示数如图乙,电流表A的示数如图丙,则电流表A2的示数为 A。
答案1.1
解析由图可知灯L1与灯L2并联,电流表A测干路电流,电流表A1测L1电流。
根据并联电路电流规律可知干路电流大于支路电流。
而从两表指针偏转位置看,A1偏转的比A还大,说明这两表使用的量程不同。
由此得出A1的量程为0~0.6A量程,A的量程为0~3A量程。
0~0.6A量程的分度值是0.02A,所以A1的示数是0.4A。
0~3A量程的分度值是0.1A,所以A的示数是1.5A;
根据并联电路电流规律I=I1+I2,所以通过灯L2的电流I2=I-I1=1.5A-0.4A=1.1A。
即电流表A2示数为1.1A。
8.（2018·
安徽模拟）在如图所示电路中,电阻R1的阻值为12Ω,定值电阻R2,闭合开关,电流表A1,A2的示数分别为0.8A、0.3A,1min内R1上产生的热量为 J,电路消耗的功率为 W。
答案64.8 2.88
解析闭合开关,两只电阻并联,电流表A1测量干路电流,电流表A2测量通过R1的电流。
1min内R1上产生的热量
Q1=
R1t=（0.3A）2×
12Ω×
60s=64.8J;
因为I=
所以电电压U=U1=I1R1=0.3A×
12Ω=3.6V。
所以电路消耗的功率
P=UI=3.6V×
0.8A=2.88W。
9.（2018·
安徽蒙城一模）如图所示,电电压保持不变,灯L标有“6V 0.6W”字样,不考虑温度对灯丝电阻的影响,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P移动到中点时,灯L正常发光,电压表示数为4V,当滑片P移到最大阻值时,灯L与滑动变阻器的电功率之比为 。
答案3∶4
解析由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器串联,电压表测滑动变阻器两端的电压。
当滑动变阻器的滑片P移动到中点时,灯L正常发光,其两端的电压UL=6V,因串联电路中各处的电流相等,所以,由I=
可得,
解得
。
当滑片P移到最大阻值时,灯L与滑动变阻器的电功率之比
二、选择题（每题3分,共21分）
10.（2018·
安徽合肥庐阳校级三模）如图所示的电吉它主要由“拾音器”和“音响”组成,拾音器上装有磁铁和线圈。
拨动钢弦,使其振动,产生微弱的电流,下列实验装置图中能解释拾音器原理的是（ ）
答案D
解析根据题干知道电吉他是利用电磁感应现象的原理制成的。
A图中是奥斯特实验装置,说明通电导线周围存在的磁场,是根据电流的磁效应制成的,故A不符合题意;
B图中是一个通电螺线管,说明通电导线周围存在的磁场,是根据电流的磁效应制成的,故B不符合题意;
C图中有电,是电动机的原理图,是利用通电导线在磁场中受力运动的原理制成的,故C不符合题意;
D图中没有电,是发电机的原理图,是根据电磁感应现象的原理制成的,故D符合题意。
11.（2018·
北京中考）如图所示的电路中,电阻阻值R1<
R2。
闭合开关S后,电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2,通过两个电阻的电流分别为I1、I2。
下列判断中正确的是（ ）
A.I1=I2B.I1>
I2
C.U1=U2D.U1>
U2
答案A
解析由图知,电阻R1、R2串联,串联电路中各处电流都相等,即I1=I2,故A正确,B错误;
通过两电阻的电流相等,R1<
R2,由U=IR可知U1<
U2,故CD错误。
12.（2018·
安徽濉溪模拟）在做伏安法测定小灯泡电功率的实验时,有一位同学分别设计了四个实验电路图,如图所示,其中正确的是（ ）
解析由A图可知,电流表与小灯泡并联,不能测量小灯泡的电流,由P=UI可知不能测定小灯泡电功率,故A错误;
由B图可知,电压表并联在电两端,不能测量出小灯泡的电压,由P=UI可知不能测定小灯泡电功率,故B错误;
由C图可知,电流表串联在干路上,测小灯泡与滑动变阻器的总电流,不能测量出小灯泡的电流,由P=UI可知不能测定小灯泡的电功率,故C错误;
由D图可知,电压表与小灯泡并联测量小灯泡两端的电压,电流表与小灯泡串联测量通过小灯泡的电流,根据P=UI可求小灯泡的电功率,故D正确。
13.（2018·
重庆中考）在如图所示的实物电路中,电电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“10Ω 1A”,灯泡上标有“2.5V 1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法正确的是（ ）
A.小灯泡正常发光时的电阻为2.5Ω
B.向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗
C.向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变
D.让小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热为12J
解析小灯泡正常发光时的电阻RL=
=6.25Ω,故A错误;
滑动变阻器向右移动滑片时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,根据串联分压的原理,滑动变阻器分配的电压减小,即电压表V2示数减小,小灯泡两端电压变大,即V1示数变大,小灯泡变亮,故B错误;
滑动变阻器向右移动滑片时,滑动变阻器接入电路的电阻减小,即电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值,故C错误;
小灯泡正常发光时的电流I=IL=
=0.4A,串联电路的总电压等于各部分电压之和,U滑=U-U额=3V-2.5V=0.5V,小灯泡正常发光1min,滑动变阻器产生的电热Q=U滑It=0.5V×
0.4A×
60s=12J。
故D正确。
14.（2018·
安徽芜湖二模）如图所示,电电压保持不变,小灯泡L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V
6W”的字样,滑动变阻器R的阻值变化范围为0~12Ω,当S1、S2和S3都闭合,滑动变阻器的滑片滑到a端时,两灯都正常发光。
不考虑温度对灯泡电阻的影响,则（ ）
A.电电压为12V
B.两灯都正常发光时电流表的示数为3A
C.整个电路的最小功率是2.25W
D.整个电路的最大功率是12W
答案C
解析当S1、S2、S3都闭合,滑动变阻器滑到a端时,灯泡L1和灯泡L2并联,电流表测干路电流,因并联电路中各支路两端的电压相等,且两灯都正常发光,所以,电的电压U=U1=U2=6V,故A错误;
由P=UI可得,两灯泡都正常发光时通过的电流I1=
=0.5A,I2=
=1A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,两灯都正常发光时电流表的示数I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A,故B错误;
由I=
可得,两灯泡的电阻R1=
=12Ω,R2=
=6Ω。
当S1、S2和S3都闭合且滑片位于b端时,灯泡L1和灯泡L2并联后与R的最大阻值串联,电路中的总电阻最大,电路的总功率最小,由串并联电路中电阻特点可得,此时电路的总电阻R总=
+R=
+12Ω=16Ω,所以,电路的最小总功率P小=
=2.25W,故C正确;
当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时,两灯泡并联,电路中的总电阻最小,电路的总功率最大,因此时两灯泡均正常发光,所以,整个电路的最大功率P大=P1+P2=3W+6W=9W,故D错误。
15.（2018·
湖北襄阳中考）如图所示,电电压恒定。
当开关S1、S2闭合,甲、乙两表为电压表时,两表示数之比U甲∶U乙=4∶1;
当开关S1闭合、S2断开,若甲、乙两表均为电流表时,两表的示数之比为（ ）
A.4∶3B.3∶2C.3∶4D.3∶1
解析由电路图可知,当S1、S2闭合,甲乙两表为电压表时,两电阻串联,甲测电的电压,乙测R2两端的电压,由串联电路电流相等和I=
可得
且已知U甲∶U乙=4∶1,化简可得
则R1=3R2;
当S1闭合、S2断开,甲乙两表为电流表时,两电阻并联,甲测R2支路的电流,乙测干路电流。
由并联电路中各支路两端的电压相等和I=
可得,两电流表的示数之比
16.（2018·
安徽合肥模拟）如图所示为某科技创新小组设计的水位计工作原理图,容器中的绝缘浮子随水位的升降带动滑动变阻器R的滑片P升降,并通过电压表V显示的数据反映水位的升降情况。
L是一个指示灯,电路各部分接触良好。
当容器中的水位最低时,滑片P位于变阻器R的a端,则（ ）
A.当水位不变时,电压表V示数不变,指示灯L不亮
B.当水位上升时,电压表V示数变小,指示灯L变亮
C.当水位上升时,电压表V示数变大,指示灯L变暗
D.当水位下降时,电压表V示数变大,指示灯L变亮
解析
（1）当水位不变时,电路处于通路状态,灯泡发光,此时变阻器接入电路中的电阻不变,变阻器两端的电压不变,即电压表的示数不变,故A不正确;
（2）当水位上升时,浮子带动滑片上移,变阻器接入电路中的电阻变大,由I=
可知,电路中的电流变小,指示灯两端的电压变小。
因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以变阻器两端的电压变大,即电压的示数变大。
由P=UI可知,指示灯的实际功率变小,灯泡变暗,故B不正确,C正确;
反之,当水位下降时,浮子带动滑片下移,接入电路中的电阻变小,指示灯的实际功率变大,指示灯变亮,电压表的示数变小,故D不正确。
三、实验题（每空2分,共22分）
17.（2018·
安徽合肥包河区一模）在测定小灯泡的电功率的实验中,选用如图甲所示的器材并连接好电路,其中电电压为6V,小灯泡额定的电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）。
（1）为了能顺利完成该实验探究,应选用 （选填“a”或“b”）规格的滑动变阻器。
a.“10Ω 0.5A”
b.“20Ω 0.5A”
（2）正确规范操作,闭合开关后,缓慢移动滑动变阻器的滑片,发现电流表示数逐渐变大,小灯泡却始终不发光,电压表也无示数,则电路故障可能是 （写出一条即可）。
（3）排除故障后,闭合开关,发现电压表的示数如图乙所示,为了测量小灯泡的额定功率,接下正确完整的实验操作是 。
（4）根据图象可计算出该小灯泡的额定功率为 W。
答案
（1）b
（2）灯泡短路 （3）滑片应该向B端移动,直到电压表示数为2.5V （4）0.5
解析
（1）灯泡正常工作时电流为IL=
≈0.2A。
测定灯泡功率的实验中,灯泡与滑动变阻器串联,根据串联电路电压特点得,灯泡正常工作时,滑动变阻器电压为U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V,由I=
可得滑动变阻器电阻为R滑=
=17.5Ω。
滑动变阻器应选“20Ω 0.5A”的滑动变阻器b;
（2）闭合开关后,小灯泡不亮,可能是灯泡短路或电路存在断路造成的;
电流表指针偏转,说明电路不存在断路;
电压表示数为零,说明与电压表并联的灯泡短路;
（3）电压表接的是0~3V量程,分度值为0.1V,此时示数为2.2V;
该电压低于额定电压,为使电压达到额定电压,滑片应该向B端移动,直到电压表示数为2.5V;
（4）分析图象可知当电压为2.5V时,电流为0.2A,额定功率为P=UI=2.5V×
0.2A=0.5W。
18.（2018·
安徽长丰三模）图甲是一个电子拉力计原理图。
硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R1间的摩擦不计）。
电压表量程为0~3V,a、b是一根长为6cm的均匀电阻丝,阻值R1=30Ω,电电压U=4.5V。
（1）要保证电压表能正常工作,电路中R0至少应为 Ω。
（2）当拉环不受拉力时,滑片P处于a端,闭合开关后电压表的读数为 V。
（3）已知该弹簧伸长的长度ΔL与所受拉力F间的关系如图乙所示,若R0=30Ω,通过计算说明,开关S闭合后,当电压表指针指在1.5V处,作用在拉环上水平向右的拉力为 N,此拉力器的量程为 N。
答案
（1）15
（2）0 （3）300 0~600
解析
（1）电压表示数为3V时,电路电流I=
=0.1A,此时电阻R0的阻值
R0=
=15Ω;
（2）由图示可知,滑片在a端时,电压表所测电压为零,电压表示数为0;
（3）电路电流I=
=0.1A,与电压表并联电阻的阻值
RaP=
=15Ω。
弹簧的伸长量L=
×
15Ω=3cm,由图乙所示图象可知,此时拉力为300N;
由图乙所示图象可知,拉力器的量程为0~600N。
19.（2018·
安徽合肥模拟）实际的电都有一定的电阻,如干电池,我们可以把它看成是由一个电压为U、电阻为0的理想电与一个电阻值为r的电阻串联而成,如图甲所示。
也可以利用两个已知阻值的电阻R1=18Ω、R2=9Ω和一个电流表,连接成如图乙所示的电路测量干电池的电压U和电阻r。
（1）根据电路图乙,用笔画线代替导线,将图丙中的实物装置图连接完整。
（2）测量干电池的电压U和电阻r的步骤
①闭合开关S1、断开开关S2,电流表示数如图丁所示,则I1= A;
②同时闭合S1、S2,电流表示数为I2=0.5A。
（3）利用测量出的电流值I1、I2及R1、R2可计算出干电池的电压U= V,r= Ω。
答案
（1）如图所示
（2）0.2 （3）4 2
解析
（1）原电路中,两电阻并联,S1与R1串联,S2与R2串联,根据电路图连接实物图,根据并联电路电流的规律,电流表选用大量程,如下所示;
（2）如图丁所示电流表的量程为0~0.6A,分度值为0.02A,电流表的示数为0.2A;
（3）由
（2）知a.闭合开关S1、断开开关S2,R1与电流表接入电路中,电流表示数为I1,即电路中的电流,此时R1与r串联,根据电阻的串联和欧姆定律,电电压U=I1（R1+r）,即U=0.2A×
（18Ω+r）①
b.同时闭合S1、S2,此时R2与R1并联再和r串联,电流表测量干路电流,示数为I2=0.5A,根据并联电路总电阻的倒数等于各电阻倒数的和,故电路中的总电阻为R=R并+r=
+r=
+r=6Ω+r
则电电压U=I2R,即U=0.5A×
（6Ω+r）②
解①②得干电池的电阻r=2Ω,干电池的电压U=4V。
四、计算题（共21分）
20.（6分）（2018·
安徽模拟）实际的电都有一定的电阻,如干电池,我们需要用它的电压U和电阻r两个物理量描述它。
实际计算过程中,可以把它看成是由一个电压为U、电阻为0的理想电与一个电阻值为r的电阻串联而成,如图甲所示。
若几节干电池串联,则如图乙所示。
现有一种干电池,每节电池电压U=1.5V,内阻r=1Ω。
用这种电池给一个“12V 6W”的小灯泡供电。
试求
（1）小灯泡正常发光时的电流和电阻。
（2）若要小灯泡正常发光,需要几节这样的干电池串联?
此时干电池电阻的电功率是多少?
答案
（1）0.5A 24Ω
（2）12 3W
解析
（1）由P=UI可知,灯泡正常发光的电流IL=
=0.5A;
由P=
可知,灯泡的电阻RL=
=24Ω;
（2）小灯泡正常发光时电路中的电流为0.5A;
灯泡正常发光时电电压U=ILR总=IL（nr+RL）=0.5A×
（n×
1Ω+24Ω）=1.5nV;
需要干电池的节数n=12;
干电池内部消耗的实际功率P实=
r总=（0.5A）2×
12×
1Ω=3W。
21.（6分）（2018·
安徽模拟）伏安法测电阻有如图甲、乙所示的两种方法,分别叫做安培表内接法（如图甲所示）和安培表外接法（如图乙所示）。
一般情况下,我们不考虑电流表和电压表的内阻,当电压表示数为U,电流表示数为I时,待测电阻R=
（1）如果电流表内阻为Rg,电压表内阻为RV,则甲、乙两种方法中R实际为多少（用相关字母表示）?
（2）通过分析说明,当R较大时,用图甲的测量方法,还是用图乙的测量方法,误差较小?
答案
（1）甲方法中R实际为
-Rg,乙方法中R实际为
（2）选用图甲的方法误差小
解析
（1）①由图甲可知,电流表与待测电阻串联,电压表测量的是R和Rg两端的总电压,电流表测量通过R的电流,则R和Rg的总电阻为R=R+Rg=
所以R的阻值为R=
-Rg;
②由图乙可知,电压表与待测电阻并联,电流表串联在干路中,电压表测量的是R两端的电压,电流表测量R和Rg的总电流,根据并联电路的电流规律和欧姆定律可知,则通过R的电流为I=I-
;
则R的阻值为R=;
（2）当R较大时,用甲图测量时,由于Rg较小,则电流表内阻分得的电压较小,误差小一些;
用乙图测量时,由于R较大,与电压表内阻比较接近,电压表分得的电流较大,误差较大。
故应选用图甲的方法。
22.（9分）（2018·
安徽定远一模）如图所示的电路中,表头G的量程是100mA,内阻是20Ω;
R2=2Ω,S为单刀双掷开关。
当S接a时,电路可以作为量程为0.5A的电流表使用;
当S接b时,电路可以作为电压表使用。
（1）当S接a时,使表头G指针满偏,电路两端的电压为多大?
（2）R1的阻值是多大?
（3）当S接b时,电路相当于量程为多少的电压表?
答案
（1）2V
（2）5Ω （3）3V
解析
（1）S接a时,表头G与R1并联,已知表头G的量程是100mA,内阻是20Ω,根据欧姆定律可得,表头G指针满偏,电路两端的电压为U=Ug=IgRg=0.1A×
20Ω=2V;
（2）S接a时,表头G指针满偏,电路可以作为量程为0.5A的电流表使用,即干路电流最大为0.5A,由并联电路的电流特点可得流过R1的电流I1=I-Ig=0.5A-0.1A=0.4A。
根据I=
可得R1的阻值R1=
=5Ω;
（3）当S接b时,表头G与R1并联后再与R2串联,表头G指针满偏时,表头G与R1并联的电压不变,即U=Ug=2V,并联电路的总电流I=0.5A。
可得R2两端的电压U2=IR2=0.5A×
2Ω=1V,电路两端的最大总电压U总=U+U2=2V+1V=3V,即电路相当于量程为3V的电压表。
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