高考数学模拟试题及答案 十九.docx
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高考数学模拟试题及答案十九
一、单项选择题:
本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则()
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】
【分析】
化简集合,按交集定义,即可求解.
【详解】由,得,所以,
故选:
B.
【点睛】本题考查集合间的运算,属于基础题.
2.已知复数z满足z(1+2i)=i,则复数在复平面内对应点所在的象限是()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】
把已知等式变形,再由复数代数形式的乘除运算化简,求出的坐标得答案.
【详解】解:
由,得,所以
复数在复平面内对应的点的坐标为,在第四象限.
故选:
D.
【点睛】本题考查复数代数形式的乘除运算,考查复数的代数表示法及其几何意义,属于基础题.
3.已知向量,,则“m<1”是“,夹角为钝角”的()
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】
由题意结合平面向量数量积的知识可得若,夹角为钝角,则且,再由且结合充分条件、必要条件的概念即可得解.
【详解】若,夹角为钝角,则且,
由可得,解得且,
由且可得“m<1”是“,夹角为钝角”的必要不充分条件.
故选:
B.
【点睛】本题考查了利用平面向量数量积解决向量夹角问题,考查了充分条件、必要条件的判断,属于中档题.
4.甲、乙、丙3人站到共有6级的台阶上,若每级台阶最多站2人,同一级台阶上的人不区分站的位置,则不同的站法总数是()
A.90B.120C.210D.216
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意:
分为两类:
第一类,甲、乙、丙各自站在一个台阶上;第二类,有2人站在同一台阶上,剩余1人独自站在一个台阶上,算出每类的站法数,然后再利用分类计数原理求解.
【详解】因为甲、乙、丙3人站到共有6级的台阶上,且每级台阶最多站2人,
所以分为两类:
第一类,甲、乙、丙各自站在一个台阶上,共有:
种站法;
第二类,有2人站在同一台阶上,剩余1人独自站在一个台阶上,共有:
种站法;
所以每级台阶最多站2人,同一级台阶上的人不区分站的位置的不同的站法总数是.
故选:
C
【点睛】本题主要考查排列组合的应用以及分类计数原理的应用,还考查了分析求解问题的能力,属于中档题.
5.已知定义在上函数,,,,则,,的大小关系为()
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】
【分析】
先判断函数在时的单调性,可以判断出函数是奇函数,利用奇函数的性质可以得到,比较三个数的大小,然后根据函数在时的单调性,比较出三个数的大小.
【详解】当时,,函数在时,是增函数.因为,所以函数是奇函数,所以有,因为,函数在时,是增函数,所以,故本题选D.
【点睛】本题考查了利用函数的单调性判断函数值大小问题,判断出函数的奇偶性、单调性是解题的关键.
6.对n个不同的实数a1,a2,…,an可得n!
个不同的排列,每个排列为一行写成一个n!
行的数阵.对第i行ai1,ai2,…,ain,记bi=-ai1+2ai2-3ai3+…+(-1)nnain,i=1,2,3…,n!
.例如用1,2,3可得数阵如图,对于此数阵中每一列各数之和都是12,所以bl+b2+…b6=-12+2×12-3×12=-24.那么,在用1,2,3,4,5形成的数阵中,b1+b2+…b120等于()
A.-3600B.-1800C.-1080D.-720
【答案】C
【解析】
【分析】
根据用1,2,3,4,5形成的数阵和每个排列为一行写成一个n!
行的数阵,得到数阵中行数,然后求得每一列各数字之和,再代入公式求解.
【详解】由题意可知:
数阵中行数为:
,
在用1,2,3,4,5形成的数阵中,
每一列各数字之和都是:
,
.
故选:
C
【点睛】本题主要考查数列的应用,还考查了分析求解问题的能力,属于基础题.
7.已知中,,,,为所在平面上一点,且满足.设,则的值为()
A.2B.1C.D.
【答案】C
【解析】
分析】
由由,得:
点是的外心,由向量的投影的概念可得:
,再代入运算,即可
【详解】解:
由,得:
点是的外心,
又外心是中垂线的交点,则有:
,
即,
又,,,
所以,解得:
,
即,
故选:
.
【点睛】本题考查了外心是中垂线的交点,投影的概念,平面向量的数量积公式,属中档题.
8.在直三棱柱ABC-A1B1C1中,AB⊥BC,AB=BC=BB1=1,M是AC的中点,则三棱锥B1-ABM的外接球的表面积为()
A.B.C.D.
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意找到三棱锥B1-ABM的外接球球心为中点,即可求出其半径,则可求出其表面积.
【详解】如图所示:
取中点为,中点为.并连接,
则平面,
所以
所以三棱锥B1-ABM的外接球球心为中点.
所以,
所以三棱锥B1-ABM的外接球的表面积为.
故选:
B
【点睛】本题考查三棱锥的外接球表面积,属于基础题.解本题的关键在于画出三棱柱,找到三棱锥的外接球球心.
二、多项选择题:
本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
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十公里)数据整理并绘制了下面的折线图.根据该折线图,下列结论正确的是()
A.月跑步里程最小值出现在2月
B.月跑步里程逐月增加
C.月跑步里程的中位数为5月份对应的里程数
D.1月至5月的月跑步里程相对于6月至11月波动性更小
【答案】ACD
【解析】
【分析】
根据折线图,依次分析月跑步里程的最小值,中位数,变化趋势,波动性即得解
【详解】由折线图可知,月跑步里程的最小值出现在2月,故A正确;
月跑步平均里程不是逐月增加的,故B不正确;
月跑步里程数从小到大排列分别是:
2月,8月,3月,4月,1月,5月,7月,6月,11月,9月,10月,故5月份对应的里程数为中位数,故C正确;
1月到5月的月跑步平均里程相对于6月至11月波动性更小,变化比较平稳,故D正确.
故选:
ACD
【点睛】本题考查了统计图表折线图的应用,考查了学生综合分析,数形结合,数据处理能力,属于基础题
10.已知函数,下列结论不正确的是()
A.函数图像关于对称
B.函数在上单调递增
C.若,则
D.函数f(x)的最小值为-2
【答案】BCD
【解析】
【分析】
去绝对值号,将函数变为分段函数,分段求值域,在化为分段函数时应求出每一段的定义域,由三角函数的性质求之.
【详解】解:
由题意可得:
,
函数图象如下所示
故对称轴为,,故A正确;
显然函数在上单调递增,上单调递减,故B错误;
当,时函数取得最小值,故D错误;
要使,则,则或,或,
所以或,,故C错误.
故选:
BCD.
【点睛】本题主要考查了三角函数的性质的应用,表达式中含有绝对值,故应先去绝对值号,变为分段函数,再分段求值域,属于中档题.
11.已知正方体棱长为,如图,为上的动点,平面.下面说法正确的是()
A.直线与平面所成角的正弦值范围为
B.点与点重合时,平面截正方体所得的截面,其面积越大,周长就越大
C.点为的中点时,若平面经过点,则平面截正方体所得截面图形是等腰梯形
D.己知为中点,当的和最小时,为的中点
【答案】AC
【解析】
【分析】
以点为坐标原点,、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系,利用空间向量法可判断A选项的正误;证明出平面,分别取棱、、、、、的中点、、、、、,比较和六边形的周长和面积的大小,可判断B选项的正误;利用空间向量法找出平面与棱、的交点、,判断四边形的形状可判断C选项的正误;将矩形与矩形延展为一个平面,利用、、三点共线得知最短,利用平行线分线段成比例定理求得,可判断D选项的正误.
【详解】对于A选项,以点为坐标原点,、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系,则点、、设点,
平面,则为平面的一个法向量,且,,
,
所以,直线与平面所成角的正弦值范围为,A选项正确;
对于B选项,当与重合时,连接、、、,
在正方体中,平面,平面,,
四边形是正方形,则,,平面,
平面,,同理可证,
,平面,
易知是边长为的等边三角形,其面积为,周长为.
设、、、、、分别为棱、、、、、的中点,
易知六边形是边长为的正六边形,且平面平面,
正六边形的周长为,面积为,
则的面积小于正六边形的面积,它们的周长相等,B选项错误;
对于C选项,设平面交棱于点,点,,
平面,平面,,即,得,,
所以,点为棱的中点,同理可知,点为棱的中点,则,,
而,,且,
由空间中两点间的距离公式可得,,,
所以,四边形为等腰梯形,C选项正确;
对于D选项,将矩形与矩形延展为一个平面,如下图所示:
若最短,则、、三点共线,
,,
,所以,点不是棱的中点,D选项错误.
故选:
AC.
【点睛】本题考查线面角正弦值的取值范围,同时也考查了平面截正方体的截面问题以及折线段长的最小值问题,考查空间想象能力与计算能力,属于难题.
12.函数f(x)=ex+asinx,x∈(-π,+∞),下列说法正确的是()
A.当a=1时,f(x)在(0,f(0))处的切线方程为2x-y+1=0
B.当a=1时,f(x)存在唯一极小值点x0且-1<f(x0)<0
C.对任意a>0,f(x)在(-π,+∞)上均存在零点
D.存在a<0,f(x)在(-π,+∞)上有且只有一个零点
【答案】ABD
【解析】
【分析】
逐一验证选项,选项A,通过切点求切线,再通过点斜式写出切线方程,选项B通过导数求出函数极值并判断极值范围,选项C、D,通过构造函数,将零点问题转化判断函数与直线y=a的交点问题.
【详解】选项A,当时,,,
所以,故切点为,,
所以切线斜率,
故直线方程为:
,即切线方程为:
,选项A正确.
选项B,当时,,,
恒成立,所以单调递增,
又,
所以,即,所以
所以存在,使得,即
则在上,,在上,,
所以在上,单调递减,在上,单调递增.
所以存在唯一的极小值点.
则,,所以B正确.
对于选项C、D,,
令,即,所以,则令,
令,得
由函数的图像性质可知:
时,,单调递减.
时,,单调递增.
所以时,取得极小值,
即当时取得极小值,
又,即
又因为在上单调递减,所以
所以时,取得极小值,
即当时取得极大值,
又,即
所以
当时,
所以当,即时,f(x)在(-π,+∞)上无零点,所以C不正确.
当,即时,与的图象只有一个交点
即存在a<0,f(x)在(-π,+∞)上有且只有一个零点,故D正确.
故选:
ABD
.
【点睛】本题考查函数的切线、极值、零点问题,含参数问题的处理,考查数学运算,逻辑推理等学科素养的体现,属于难题题.
三、填空题:
本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.的展开式中的常数项为____________________.(用数字作答)
【答案】240
【解析】
【分析】
在二项展开式的通项公式中,令的幂指数等