山东省高一上学期月考物理试题Word文件下载.docx
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【解析】甲图中博尔特百米夺冠成绩“9.58”是指时间，选项A错误；
乙图中的列车到点“16∶30”是指时刻，选项B错误；
乙图中的列车“晚点1小时8分”是指时间间隔，即时间，选项C正确，D错误；
故选C.
3.某同学清晨从家中出发步行去学校。
他要先向东走300m，然后向北走300m，最后再向东走100m才能到达学校，如图所示。
则他从家中到学校的整个步行过程的位移大小和路程分别为：
A.700m，700m
B.700m，500m
C.500m，700m
D.500m，500m
.........
4.下列关于高速公路收费处ETC专用通道指示牌中数字“20”的说法，正确的是：
A.过此路口时平均速度限定在20m/s及以下
B.过此路口时瞬时速度限定在20m/s及以下
C.过此路口时平均速度限定在20km/h及以下
D.过此路口时瞬时速度限定在20km/h及以下
【答案】D
【解析】高速公路收费处ETC专用通道指示牌中数字“20”的说法是：
过此路口时瞬时速度限定在20km/h及以下，选项D正确，ABC错误；
故选D.
5.关于匀变速直线运动，下列说法正确的是：
①位移随时间均匀变化的直线运动②速度随时间均匀变化的直线运动
③加速度随时间均匀变化的直线运动④加速度的大小和方向恒定不变的直线运动
A.①②B.②③C.②④D.③④
【解析】试题分析：
根据
知，位移不是随时间均匀变化，根据
知，速度随时间均匀变化，匀变速直线运动的加速度保持不变，故②④正确，C正确
考点：
考查了对匀变速直线运动的理解
【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式
和位移时间公式
6.如图所示为我国用“长征二号”火箭运载着“神舟十号”飞船点火发射的情景，设在点火后，火箭由静止开始上升的一段时间内做匀加速直线运动。
已知点火后的第2s内，火箭上升的高度为60m，则火箭上升的加速度以及第2s末，火箭的瞬时速度大小分别为：
A.30m/s2，60m/s
B.40m/s2，80m/s
C.60m/s2，120m/s
D.15m/s2，30m/s
【答案】B
【解析】根据
，
，解得
；
第2s末的速度：
v2=at2=40×
2=80m/s，故选B.
7.四个质点甲、乙、丙、丁分别做直线运动，其v—t图象如图所示。
前2s内加速度恒定不变且不为0的质点以及在2s末能回到出发点的质点分别是：
A.甲，甲B.丁，甲C.丙，乙D.丁，丁
【解析】根据速度图象的斜率等于加速度，知前2s内加速度恒定不变且不为0的质点是丁．速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，图象在t轴上方表示的位移为正，图象在t轴下方表示的位移为负，则2s内位移为零的是质点丁，即在2s末能回到出发点的质点是丁．故选D.
本题的解题关键是抓住两个数学意义来分析和理解图象的物理意义：
速度图象的斜率等于加速度、速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移．
8.图甲是某研究者在地面上拍摄的小球做自由落体运动的频闪照片。
假设在月球上使用相同的设备，并保持频闪光源闪光的时间间隔不变，拍摄小球在月球表面做自由落体运动的频闪照片，可能是图乙中的（月球表面的重力加速度是地球的1/6）：
C.
【解析】因月球表面的重力加速度为地球重力加速度的1/6；
由运动学公式v=gt可得，在月球上相同时间内速度的增加量要小，相同时间内通过的位移也小；
故只有C正确；
故选C．
9.将小球竖直向上抛出，上升过程的加速度为a1，下落过程的加速度为a2，若不计空气阻力，这两个加速度的关系是：
A.大小相等，方向相同B.大小相等，方向相反
C.大小不等，方向相同D.大小不等，方向相反
抛出去的物体在不计阻力的情况下，只受重力作用，故上升过程和下落过程中的加速度都为重力加速度．
解：
不计阻力的情况下，空中的小球只受重力作用，根据牛顿第二定律知，
小球在上升和下落过程中的加速度大小相等，都为重力加速度，方向都竖直向下，
故选：
A
10.如图所示，为甲、乙两物体做直线运动的x—t图像，则下列说法中正确的是：
A.两物体都做匀速直线运动，且v乙＞v甲
B.两物体同时从同一位置出发
C.两直线的交点P表示此时两物体的速度相同
D.两直线的交点P表示此时甲追上乙
【解析】由图象看出两物体的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，且甲的斜率大于乙的斜率，所以v甲＞v乙．故A错误；
由图象可知，当t=0时，甲的位移为零，乙的位移不为零所以不是从同一地点出发，故B错误；
交点表示在同一时刻，位置相同，即相遇．故C错误，D正确；
故选D．
本题考查了由x-t图象比较物体的速度大小、判断两物体的位置关系等内容，要知道x-t图像中一条斜线表示物体做的是匀速直线运动，斜率表示速度；
由图象判断物体的运动性质、找出物体的路程与所对应的时间是解题的关键．
11.关于重力和重心，下列说法中正确的是：
A.静止的物体受到重力，运动的物体不受重力
B.向下运动的物体受重力，向上运动的物体不受重力
C.受重力的物体对地球也有吸引力
D.重心就是物体上最重的那个点
【解析】无论是静止的还是运动的物体都受到重力作用，选项A错误；
无论是向下运动的物体还是向上运动的物体都受重力，选项B错误；
根据牛顿第三定律可知，受重力的物体对地球也有吸引力，选项C正确；
物体的重心是物体重力的作用点，并不就是物体上最重的那个点，选项D错误；
12.一根轻弹簧原长10cm，竖直放置，上端固定，下端挂上重2N的钩码时，伸长1cm。
换另一个6N的物体挂上，弹簧的长度为（假设没有超过此弹簧的弹性限度）：
A.3cmB.4cmC.13cmD.14cm
【解析】根据胡克定律F=kx可得：
2=k×
1；
6=k（L-10）；
联立解得：
L=13cm；
13.如图所示，某人用手握住一个保温杯，则下列说法中正确的是：
A.若保持保温杯始终静止，则手握得越紧，保温杯受到的摩擦力越大
B.握着保温杯匀速向上运动，保温杯所受的摩擦力向上
C.握着保温杯匀速向下运动，保温杯所受的摩擦力向下
D.握着保温杯水平匀速运动，保温杯不受摩擦力
【解析】手握得越紧，保温杯受到的最大静摩擦力越大，静摩擦力不变，静摩擦力等于保温杯的重力，故A错误；
握着保温杯匀速向上运动，保温杯所受的摩擦力与重力是一对平衡力，所以摩擦力方向向上．故B正确；
握着保温杯匀速向下运动，保温杯所受的摩擦力与重力是一对平衡力，所以摩擦力方向向上，故C错误；
握着保温杯匀速运动，保温杯所受的摩擦力与重力是一对平衡力，所以摩擦力方向向上，故D错误；
故选B．
本题考查了静摩擦力和最大静摩擦力的应用和区别，注意最大静摩擦力的判断是解答的关键．
14.粗糙的水平面上叠放着A和B两个物体，A、B间的接触面也是粗糙的，如果用水平外力F拉B，如图所示，A、B均保持静止，则此时：
A.B和地面间的静摩擦力等于F，B和A间的静摩擦力也等于F
B.B和地面间的静摩擦力等于F，B和A间的静摩擦力等于零
C.B和地面间的静摩擦力等于零，B和A间的静摩擦力也等于零
D.B和地面间的静摩擦力等于零，B和A间的静摩擦力等于F
整体研究AB，处于静止状态，则受平衡力的作用，则地面对B的摩擦力于力F平衡，隔离分析A处于静止状态，受平衡力作用，重力与支持力平衡，水平方向不受力的作用，ACD错误，B正确；
本题考查共点力平衡条件。
二、实验题（本题共6空，每空3分，共18分；
9、10班每空2分，共12分）
15.在进行“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，
（1）已提供了小车、一端附有滑轮的长木板、纸带、细绳、刻度尺、导线。
为了完成实验，还须从下图中选取实验器材：
________（此项为多选，请填写相应的字母符号）。
（2）关于接通电源和放手让小车运动的先后顺序，下列四种操作中正确的是：
____
A．先接通电源后放手B．接通电源和放手应同时进行
C．先放手后接通电源
D．接通电源和放手的先后顺序对实验没影响
（3）实验中得到一条清晰的纸带，如图所示是截取了其中某一段纸带用刻度尺（单位：
cm）测量时的情景，其中取了A、B、C、D、E、F6个计数点，在相邻两计数点之间还有一个点迹。
已知打点计时器所用电源的频率为50Hz。
其中计数点E所在位置的刻度尺读数为________cm，小车加速过程中DF段的平均速度为________m/s。
（此项计算结果保留3位有效数字）
（4）另一同学重做该实验，对纸带进行数据分析，发现小车在做匀变速直线运动。
利用纸带上的数据，该同学将其中6个计数点的瞬时速度值描点在坐标纸上，如图所示（见答题卷）。
请同学们在坐标纸上拟合图线，并求解小车运动的加速度a＝________m/s2。
【答案】
（1）.
（1）ABC；
（2）.
（2）A；
（3）.（3）8.75～8.83，（4）.0.630～0.670；
（5）.（4）1.20～1.50
【解析】
（1）探究小车速度随时间的变化规律，还需要打点计时器、电源和重锤．故选ABC．
（2）实验时为了有效地使用纸带，应先接通电源，再释放小车，故选：
A．
（3）计数点E所在位置的刻度尺读数为8.80cm；
计数点D所在位置的刻度尺读数为6.40cm，计数点F所在位置的刻度尺读数为11.60cm，小车加速过程中DF段的平均速度为
．
（4）速度时间图像如图；
由图像可知，加速度
.
解决本题的关键知道实验的原理以及实验中的注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解平均速度．
三、计算题（本题共3小题，9、10班做第19、20、21题，共32分；
其余班做第16、17、18题，共26分。
解答应写明必要的文字说明、方程式或演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
16.一辆汽车停在十字路口处等信号灯，绿灯亮起，司机立即启动汽车，汽车以a1＝2m/s2的加速度开始做匀加速直线运动，直至达到最高限速v＝72km/h后匀速运动了一段时间。
求：
（1）本次汽车从静止开始加速到最高限速所需要的时间t1；
（2）本次汽车在启动后8s内通过的位移大小x1。
（3）汽车以v＝72km/h匀速运动过程中，前方突然跳出一只小猫，司机马上以a2＝－5m/s2的加速度刹车，则开始刹车后3s内汽车通过的位移x2为多大？
【答案】10s；
64m；
37.5m。
（3）汽车刹车的时间为
开始刹车后3s内汽车通过的位移
17.据报道，一儿童玩耍时不慎从H＝20m高的阳台上无初速掉下，在他刚掉下时恰巧被楼下的管理人员发现，该人员迅速由静止开始冲向儿童下落处的正下方楼底，准备接住儿童。
已知管理人员到楼底的距离为x＝8m，为确保安全稳妥的接住儿童，管理人员将尽力节约时间，但又必须保证接儿童时没有水平方向的冲击（即速度）。
儿童下落过程的空气阻力不计，儿童和管理人员均可视为质点分析，设管理人员奔跑过程中只做匀速或匀变速直线运动，g取10m/s2。
（1）管理人员至少要用多大的平均速度跑到楼底？
（2）若管理人员在加速或减速过程中的加速度大小相等，为能尽快到达儿童的正下方，管理人员全程运动无匀速过程，即匀加速直线运动到某一速度后直接做匀减速直线运动至静止。
求管理人员奔跑时的加速度大小及其所达到的最大速度大小。
【答案】4m/s；
8m/s2，8m/s。
（1）儿童下落过程，由运动学公式可得：
管理人员奔跑的时间为：
t≤t0
对管理人员奔跑过程，由运动学公式有：
s＝
t
联立可得：
≥4m/s
（2）设最大速度为vm，则全程的平均速度为
，则
，解得vm=8m/s；
由对称知识可知，加速的距离为x=4m，则加速度为
解决本题的关键理清管理人员在整个过程中的运动规律，抓住总时间和总位移，结合运动学规律灵活求解．
18.冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地模型如下图所示。
投掷线AB距离圆心O为30m。
比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近圆心O。
为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，减小冰壶减速时的加速度。
若不擦冰时，冰壶减速的加速度大小a1＝0.08m/s2，擦冰面后加速度减小至a2＝0.04m/s2。
在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以2m/s的速度沿虚线滑出。
（1）若冰壶C滑出后不再采取任何措施，求冰壶停下时的位置距O点的距离。
（2）为使冰壶C能够沿虚线恰好到达圆心O点，冰壶滑出时运动员立刻进行擦冰，求运动员需要擦冰多少距离？
（3）试通过定性分析判断开始擦冰时刻的不同会不会影响擦冰的时间？
（只需要回答“会”或者“不会”，不需要说明理由）
【答案】5m；
10m；
会
（1）设停止时位移为x，由动能定理得：
w总=△Ek，即：
-ma1x=0-mv2，解得：
x=25m，所以冰壶停下时的位置距O点的距离：
l=30-25=5m
（2）设滑至O点速度为零，擦冰的距离为d，线路总长度为L，由动能定理得：
-ma2d-ma1（L-d）=0-mv2
代入数据得：
-0.08×
（30-d）-0.04×
d=2，
解得：
d=10m．
（3）由
（2）计算可知，只要在冰面上刷10m，冰壶到达O处时速度为零．在开始刷冰面10m时，冰壶速度大，刷冰时间最短，在最后10m刷冰面用的时间最长．故开始擦冰时刻的会影响擦冰的时间．
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