福建省泉州市高三质检物理试题最新泉州市质检Word下载.docx

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Ｃ.20００N　　　　　　　　　　　　

D.　４000N

１６.如图所示，“嫦娥三号”从环月圆轨道I上的P点实施变轨进入椭圆轨道II　,再由近月点Q开始进行动力下降，最后于2013年12月１4日成功落月。

下列说法正确的是

A.沿轨道ＩＩ运行的周期大于沿轨道I运行的周期

B.沿轨道Ｉ运行至P点时，需制动减速才能进人轨道II

Ｃ．沿轨道ＩＩ运行时,在P点的加速度大于在Ｑ点的加速度

D.沿轨道II运行时，由P点到Q点的过程中万有引力对其做负功

17,如图所示，固定在水平地面上的光滑斜面顶端有一轻弹簧，其上端固定，一质量为ｍ的小球向右滑行并冲上斜面。

设小球在斜面最低点A的速度为v，将弹簧压缩至最短时小球位于Ｃ点,C点距地面高度为h，不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失,则小球在Ｃ点时弹簧的弹性势能为

A.mgh一

ｍｖ2ﻩB．mgh　+

ｍv２

C．　

mv２　一m　gh　　D．ｍgh

１８.如图所示,空间中存在着由一固定的正点电荷Q（图中未画出）产生的电场。

另一正点电荷ｑ仅在电场力作用下沿曲线ＭＮ运动，在M点的速度大小为v０,方向沿MP方向,到达Ｎ点时速度大小为v,且ｖ<

ｖ0，则

A.Q一定在虚线ＭＰ上方

B.　M点的电势比N点的电势高

C.　q在M点的电势能比在Ｎ点的电势能小

D．q在Ｍ点的加速度比在N点的加速度大

1９.

（1）（8分}某探究小组要尽可能精确地测量电流表A1的满偏电流，可供选用的器材如下：

A.待测电流表Ａ1（满偏电流Iｍ为８00

A　，内阻r1约为100　

，表盘刻度均匀、总格数为Ｎ）

B.电流表A2（量程为0．6A,内阻r2＝０．1

Ｃ.电压表V（量程为3V、内阻Rｖ=３k

）　　

D．滑动变阻器R（最大阻值为20

）　　E.电源E（电动势为3V．内阻r约为1.5

）

　F.开关S一个,导线若干

①该小组设计了甲、乙两个电路图,其中合理的是　（选填“甲，或“乙”）;

②所选合理电路中虚线圈处应接人电表　　　（选填“B”或“C”）;

③在开关S闭合前应把滑动变阻器的滑片P置于____＿端（选填“a”或“b"

）;

④在实验中,若所选电表的读数为Z，电流表Ａ１的指针偏转了k格,则可算出待测电流表A1的满偏电流Im＝___。

（2）（10分）某实验小组分别设计了如图甲、乙、丙所小的实验装置来验证机械能守恒定律。

①经分析比较后,其中最理想的实验装置是　　　　　　　　（选填“甲”　“乙”“丙”）;

②图丁是利用最理想的实验装置进行实验得到的一条纸带，图中点１是打点计时器打出的第一个点,其他各点是紧接着连续打出的点，如果发现第１，2两点之间的距离明显大于2mm，这是因为实验操作时　　　　　　　;

③已知重锤的质量为m，相邻两计数点的时间间隔为T，仪考虑出现②所述情况所带来的影响时,设从打第1点到打第6点过程中重锤减少的重力势能为△ＥP,则下列关系式正确

的是_　　_（填选项前的字母）。

④若实验操作正确,某同学根据公式。

Ｖ6　２＝2gh沙计算出从第1点到第６点重锤动能增加量

△EＫ＝　

mV6　2,由△EＰ=mｇｈ计算出重力势能的减少量，再根据△Ek＝△Ｅp得出重锤在下落过程中机械能守恒的结论。

则该探究过程是＿___＿_＿_（选填“合理”或“不合理”）的，理由是_＿＿_＿__　　　　

2０.　（15分）如图所示,两根相互平行、间距为L的光滑轨道固定在水平面上，左端接一个阻值为R的电阻,轨道电阻不计,质量为m阻值为r的匀质余属棒cd与轨道垂直放置且接触良

　好，整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中。

若在金属棒中点施加一水平向右的拉力，使金属棒由静止开始做加速度大小为a的匀加速直线运动,当金属棒的位移为s时,求:

（1）金属棒中电流Ｉ的大小和方向;

（2）水平拉力F的大小。

２１.（19分）某工厂生产流水线示意图如图所示，半径R＝１m的水平圆盘边缘Ｅ点固定一小桶。

在圆盘直径DＥ正上方平行放置的水平传送带沿顺时针方向匀速转动,传送带右端C点与圆盘圆心O在同一竖直线上，竖直高度ｈ=1．25mｏAＢ为一个与CＯ在同一竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道,半径r＝0.45　m,且与水平传送带相切于B点。

一质量m=０．2kg的滑块（可视为质点）从Ａ点由静止释放,滑块与传送带间的动摩擦因数

＝0．2，当滑块到达B点时,圆盘从图示位置以一定的角速度

绕通过圆心O的竖直轴匀速转动,滑块到达C点时恰与传送带同速并水平抛出，刚好落人圆盘边缘的小捅内。

取g=１０m/ｓ２，求:

（1）滑块到达圆弧轨道Ｂ点时对轨道的压力NB;

（2）传送带ＢC部分的长度L;

（3）圆盘转动的角速度

应满足的条件。

2２.（2０分）如图甲所示，水平直线MＮ上方有竖直向下的匀强电场,场强大小E＝

１03N/Ｃ,MN下方有垂直于纸面的磁场,磁感应强度Ｂ随时间ｔ按如图乙所示规律做周期性变化,规定垂直纸面向外为磁场正方向。

T＝0时将一重力不计、比荷

=1０6C／ｋg的正点电荷从电场中的O点由静止释放,在t1＝1x10-５　s时恰通过ＭN上的P点进人磁场，P点左方ｄ=１05cm处有一垂直于ＭN且足够大的挡板。

求:

　　（l）电荷从P点进人磁场时速度的大小ｖ0　；

（2）电荷在t２＝4x10-５s时与P点的距离△ｓ;

（3）电荷从Ｏ点出发运动到挡板所需时间t总

选考部分（共35分）

第II卷选考部分共5题,共35分。

其中,第29,30题为物理题，第31,32题为化学题，考生从两道物理题、两道化学题中各任选一题作答,若第２9,30题都作答，则按第2９题计分，若第3１、3２题都作答，则按第3１题计分;

第33题为生物题,是必答题。

请将答案都填写在答题卷选答区域的指定位置上。

２9.[物理一选修3一3．

（本题共有两小题,每小题6分,共12分。

每小题只有一个选项符合题意。

⑴如图所示ａ,b两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离r的变化关系,两曲线交点的横坐标为ｒ0则以下说法正确的是＿___。

（填选项前的字母）

A．当r等于r0时,分子势能一定为零

B.当r大于r０时,分子力随r增大而一直增大

C．当r大于ｒ０时,分子势能随ｒ增大而逐渐增大

D.当ｒ小于r0时，分子势能随r减小而逐渐减小

（２）如图所示的P-V图象中A→B→C→A表示一定质量理想气体的状态变化过程。

则以下说法正确的是＿＿__（填选项前的字母）

A.在状态C和状态Ａ时,气体的内能一定相等

Ｂ.从状态C变化到状态A的过程中,气体一定放热

Ｃ.从状态B变化到状态C的过程中,气体一定吸热

D.从状态B变化到状态Ｃ的过程中,气体分子的平均动能减小

3０.[物理一选修3一５］（本题共有两小题,每小题6分，共12分。

每小题只有一项符合题意。

（1）如图所示，氢原子从第三能级跃迁到第二能级时,辐射的光子照射

　到某种金属，刚好发生光电效应。

现有大量的氢原子处于n=4的

　激发态，在向低能级跃迁时所辐射的各种能量的光子中,可使这种

金属产生光电效应的有　____。

Ａ.3种　　B.4种　Ｃ.5种　　　　　Ｄ.６种

（2）在光滑的水平面上有a，ｂ两球.其质量分别是mａ,ｍb,　t１时刻两球发生正碰。

两球碰撞

前后的v一ｔ图象如图所示。

下列关系正确是__＿＿。

（填选项前的字母）

　　　　Ａ.ma=３mｂ　　B.3ma＝mb

　C.ma=２ｍb　　　Ｄ.2ma＝ｍｂ

第I卷（选择题共36分）

一、选择题（本题共６小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得6分，有选错或不选的得0分。

１3.B　14.D　　15.A　16.B　　17.C　18．C

第II卷（非选择题共８4分）

必考部分（共７2分）

19.（18分）

（1）①甲　（2分）②　Ｃ（2分）　③b　（2分）④Im＝

　（２分）

（2）①甲　（2分）②先释放纸带后接通电源（2分）

③Ｃ　（２分）

④不合理（２分）应根据υ６=

计算打第6点时的速度,然后计算第６点对应的动能。

（其他合理答案也参照给分）　（2分）

２0.（15分）解:

（1）据右手定则可知电流I的方向从c到d。

　　　　　　　　　　　　　（1分）

设金属棒cd的位移为s时速度为v，则v2=2aｓ　　　　　　　　（2分）

金属棒产生的电动势Ｅ＝BLｖ（2分）　金属棒中电流的大小I=

　　　　（２分）

解得I=　　　　　　　　　（2分）

（２）金属棒受到的安培力大小f＝BIL　　　　　　　　　　　　（2分）

据牛顿第二定律可得F–f=ma　　　　　　　　　　　（2分）

解得F=＋ma　　　　　　　　　　　　　　（2分）

21.（19分）解：

（１）滑块从Ａ到Ｂ过程中,由动能定理有mgr＝　

ｍυB2（2分）解得υＢ==3ｍ/s　（1分）

滑块到达B点时,由牛顿第二定律有NB′-mg＝m

　（2分）　解得ＮB′＝6N　　　　　（１分）

据牛顿第三定律，滑块到达B点时对轨道的压力大小为6N,方向竖直向下。

　　（１分）

（2）滑块离开Ｃ点后做平抛运动,h=gｔ12　　　　　　　　　　　　　　　　（2分）

解得t１=

　=0.５s（1分）　　　　υC＝

=２ｍ/s　　　　　　　　　　（1分）

滑块由B到C过程中，据动能定理有－μmｇL=ｍυC2-mυB2　　　　　　　　　　（2分）

解得Ｌ＝=1.25　ｍ　　　　　　　　　　　　　　　　（1分）

（３）滑块由B到C过程中，据运动学公式有Ｌ=　

　　　　　　　　　　（1分）

解得t2=　=0.5　s　　　　　　　　　　　　　　　　　　　（1分）

则ｔ=t1+t2=1s　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　（1分）

圆盘转动的角速度ω应满足条件t=ｎ·

（n＝１,2,3…）　　　　　　　（1分）

解得ω＝2nπ　raｄ/s（n=1，2,3…）　　　　　　　　　　　　　　　　（１分）

22.（２0分）解：

（１）电荷在电场中做匀加速直线运动,则Eq=ma　　　（２分）

υ0=aｔ1　　　　　　　　　　　　　　（1分）

解得υ0＝

=π×

1０３×

106×

1×

1０－５ｍ/ｓ=π×

１04　ｍ/s　　　　　　　（1分）

（2）电荷在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力ｑυB=ｍ,r＝　　（2分）

当Ｂ1=　　T时,半径ｒ1＝=０.2m=20cm（1分）

周期T1=

＝4×

10-5s　　　　（1分）

当Ｂ2=　

Ｔ时,半径r2＝＝０．1m=10　cm　（1分）

周期T２=

=2×

１0-5s　　　　　（1分）

故电荷从t=0时刻开始做周期性运动，其运动轨迹如图所示。

　（1分）

在t＝0到t２＝4×

10-5　s时间内，电荷先沿直线OP运动t1,再沿大圆轨迹运动，紧接着沿小圆轨迹运动T2,t2＝4×

１0-５s时电荷与Ｐ点的距离∆s=r１＝２０cm　　（1分）

（3）电荷从P点开始的运动周期T=６×

1０－５s,且在每一个Ｔ内向左沿ＰＭ移动s1=2r1＝４0　ｃｍ,电荷到达挡板前经历了2个完整周期，沿PＭ运动距离s=2s1=80ｃm,设电荷撞击挡板前速度方向与水平方向成θ角，最后d-s＝25cm内的轨迹如图所示。

（2分）

据几何关系有r1＋r２sinθ=０.25　　　　　　（2分）

解得sinθ=0．5，即θ＝30°

　　　　（1分）

则电荷从Ｏ点出发运动到挡板所需总时间

t总=t1+２T++　　　　　　　　　　（2分）

解得ｔ总=

×

10－5　=１.4２×

１0-4s　　　　　　（１分）

选考部分（共１2分）

2９．

（1）C　

（2）Ｄ　　　　30．

（1）C　　

（2）B