届云南省大理州宾川四校高三第四次统考 物理解析版文档格式.docx

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B．方向指向x轴正方向，大小为

C．方向垂直纸面向外，大小为

D．方向指向x轴正方向，大小为

5.如图所示，在MNQP中有一垂直纸面向里匀强磁场．质量和电荷量都相等的带电粒子a，b，c以不同的速率从O点沿垂直于PQ的方向射入磁场，图中实线是它们的轨迹．已知O是PQ的中点，不计粒子重力．下列说法中正确的是（　　）

A．粒子a带负电，粒子b、c带正电

B．射入磁场时粒子a的速率最小

C．射出磁场时粒子b的动能最小

D．粒子c在磁场中运动的时间最长

二、多选题（共3小题,共18分）

6.（多选）如图所示，两颗靠得很近的天体组合为双星，它们以两者连线上的某点为圆心，做匀速圆周运动，以下说法中正确的是（　　）

A．它们做圆周运动的角速度大小相等

B．它们做圆周运动的线速度大小相等

C．它们的轨道半径与它们的质量成反比

D．它们的轨道半径与它们的质量的平方成反比

7.（多选）如图所示，轻杆长为3L，在杆的A、B两端分别固定质量均为m的球A和球B，杆上距球A为L处的点O装在光滑的水平转动轴上，外界给予系统一定的能量后，杆和球在竖直面内转动．在转动的过程中，忽略空气的阻力．若球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，则下列说法正确的是（　　）

A．球B转到最低点时，其速度为vB＝

B．球B在最低点时速度为

C．球B在最高点时，杆对水平轴的作用力为1.5mg

D．球B在最高点，杆对水平轴的作用力为1.25mg

8.（多选）如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（　　）

A．平行板电容器的电容将变小

B．静电计指针张角变小

C．带电油滴的电势能将减少

D．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变

分卷II

三、实验题（共2小题,共15分）

9.某同学用打点计时器测量当地的重力加速度．

（1）请完成以下主要实验步骤：

按图（a）安装实验器材并连接电源；

竖直提起系有重物的纸带，使重物________（填“靠近”或“偏离”）打点计时器下端；

________，使重物自由下落；

关闭电源，取出纸带；

换新纸带重复实验；

（2）图（b）和（c）是实验获得的两条纸带，应选取______（填“b”或“c”）来计算重力加速度．在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要是因为空气阻力和______．

10.小明同学通过实验探究某一金属电阻的阻值R随温度t的变化关系，已知该金属电阻在常温下的阻值约10Ω，R随t的升高而增大，实验电路如图所示，控温箱用以调节金属电阻的温度．

实验时闭合S，先将开关K与1端闭合，调节金属电阻的温度，分别记下温度t1，t2，…和电流表的相应示数I1，I2，….然后将开关K与2端闭合，调节电阻箱使电流表的示数再次为I1，I2，…，分别记下电阻箱相应的示数R1，R2，….

（1）有以下两种电流表，实验电路中应选用________．

A．量程0～100mA，内阻约2Ω

B．量程0～0.6A，内阻可忽略

（2）实验过程中，要将电阻箱的阻值由9.9Ω调节至10.0Ω，需旋转图中电阻箱的旋钮“a”、“b”、“c”，正确的操作顺序是________．

①将旋钮a由“0”旋转至“1”

②将旋钮b由“9”旋转至“0”

③将旋钮c由“9”旋转至“0”

（3）实验记录的t和R的数据见下表

请根据表中数据，在答题卡的方格纸上作出R－t图线．

由图线求得R随t的变化关系为R＝________Ω.

四、计算题

11.如图1，绝缘粗糙的竖直平面MN左侧同时存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，电场强度大小为E，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.一质量为m、电荷量为q的带正电的小滑块从A点由静止开始沿MN下滑，到达C点时离开MN做曲线运动．A，C两点间距离为h，重力加速度为g.

（1）求小滑块运动到C点时的速度大小vC；

（2）求小滑块从A点运动到C点过程中克服摩擦力做的功Wf；

（3）若D点为小滑块在电场力、洛伦兹力及重力作用下运动过程中速度最大的位置，当小滑块运动到D点时撤去磁场，此后小滑块继续运动到水平地面上的P点．已知小滑块在D点时的速度大小为vD，从D点运动到P点的时间为t，求小滑块运动到P点时速度的大小vP.

12.如图所示，在光滑水平面上，有一质量M=3kg的薄板，板上有质量m=1kg的物块，两者以v0=4m/s的初速度朝相反方向运动．薄板与物块之间存在摩擦且薄板足够长，求

①当物块的速度为3m/s时，薄板的速度是多少？

②物块最后的速度是多少？

【物理选修3-3】

13.

（1）下列说法正确的是（　　）

A．晶体熔化时吸收热量，分子平均动能一定增大

B．布朗运动的无规则性反映了液体分子运动的无规则性

C．产生表面张力的原因是表面层内液体分子间斥力大于引力

D．当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大

（2）一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C.其状态变化过程的p－V图象如图所示．已知该气体在状态A时的温度为27℃.求：

①该气体在状态C时的温度是多少？

②该气体从状态A到状态C的过程中是吸热还是放热？

传递的热量是多少？

【物理选修3-4】

14.

（1）如图1所示为一半圆柱形玻璃砖的横截面，O点为圆心，半径为R。

频率相同的单色光a、b垂直于直径方向从A、B两点射入玻璃砖。

单色光a经折射后过M点，OM与单色光的入射方向平行。

已知A到O的距离为

R，B到O的距离为

R，M到O的距离为

R，则玻璃砖对单色光的折射率为________，单色光b在第一次到达玻璃砖圆弧面上________（填“能”或“不能”）发生全反射。

（2）如图2所示为一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，简谐横波沿x轴正方向传播。

从t＝0到t＝1.7s时间内，质点P共五次振动到波谷位置，且在t＝1.7s时质点P刚好在波谷位置。

求：

（ⅰ）该简谐横波的周期；

（ⅱ）这列简谐横波从t＝1.7s开始经过多长时间传到平衡位置在x＝24cm的质点Q处。

答案解析

1.【答案】

（1）B

【解析】　

（1）β射线是高速电子流，而γ射线是一种电磁波，选项A错误．氢原子辐射光子后，绕核运动的电子距核更近，动能增大，选项B正确．太阳辐射能量的主要来源是太阳内部氢核的聚变，选项C错误.10天为两个半衰期，剩余的

83Bi为100×

（

）

g＝100×

）2g＝25g，选项D错误．

2.【答案】C

【解析】对物块P受力分析可知，若推力F与弹簧弹力的合力平衡了物块重力沿斜面向下的分力，则无摩擦力，A错误；

弹簧处于拉伸或压缩状态物块P均可能保持静止状态，B错误；

由整体法可知地面对斜面体A的静摩擦力平衡了推力F水平向右的分力，C正确；

增大推力F若物块保持静止则弹簧的弹力不变，D错误．

3.【答案】C

【解析】根据题图，在4～6s内，水平推力F＝2N，物块以v＝4m/s的速度做匀速直线运动，这说明物块受到的滑动摩擦力Ff＝F＝2N，又Ff＝μmg，所以μmg＝2N；

在2～4s内，水平推力F＝3N，物块做匀加速直线运动，加速度a＝2m/s2.根据牛顿第二定律，有F－Ff＝ma，联立以上各式并代入数据可得m＝0.5kg，μ＝0.4.选项A、B错误，选项C正确．由图乙，可知t＝3s时的速度为2m/s，选项D错误．

4.【答案】A

【解析】O点同时存在三个通电导线产生的磁场，P和Q到O点距离相等，电流大小相等，所以在O点的磁感应强度相等．根据右手定则判断他们在O点产生的磁场方向相反，所以P和Q在O点产生的磁场相互抵消合磁场为0.因此O点只剩下R产生的磁场，根据几何关系，R到O的距离L，在O点产生的磁场方向水平向左，磁感应强度大小B＝

＝

，带正电的粒子沿y轴正向进入磁场，速度方向与磁场方向垂直，洛伦兹力F＝qvB＝

，方向垂直纸面向外，选项A对．

5.【答案】D

【解析】A、根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，故A错误；

B、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qvB=m

，解得：

v=

，射入磁场时粒子c的半径最小，则速率最小．故B错误；

C、粒子的动能EK=

mv2=

，由于：

q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b的轨道半径r最大，则b粒子动能最大；

c的半径最小，则动能最小．故C错误；

D、粒子在磁场中做圆周运动的周期：

T=

相同，粒子在磁场中的运动时间：

t=

，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角θ最大，则射入磁场时c的运动时间最大，故D正确；

6.【答案】AC

【解析】　它们做圆周运动的角速度大小相等，线速度大小不一定相等，选项A正确B错误；

由

＝mAωA2rA＝mBωB2rB，它们的轨道半径与它们的质量成反比，选项C正确D错误。

7.【答案】AC

【解析】规定圆心O所在的水平面为参考平面，球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，有mg＝

，得vB＝

，两球的角速度相等，此时球A的速度vA＝

，由向心力公式，杆对A球的作用力F－mg＝

，解得F＝1.5mg.A、B两球系统机械能守恒，设当球B运动到最低点时球的速度为vB′，则球A的速度为vA′＝

，由机械能守恒定律

mv＋mg（2L）＋

mv－mgL＝

mvB′2－mg（2L）＋

mvA′2＋mgL，解得vB′＝

，故A、C正确，B、D错误．

8.【答案】ACD

【解析】将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，两板间的距离d增大，则导致平行板电容器的电容C＝

减小，A正确；

静电计测量的是两极板间的电压等于电源的电动势，保持不变，静电计指针张角不变，B错误；

极板间电压不变，平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，P点电势变大，负电荷的电势能Ep＝－qφP减小，故C正确；

若先将上极板与电源正极的导线断开，电容器上的带电量不变，再将下极板向下移动一小段距离，极板间电场强度E＝

不变，则带电油滴所受电场力不变，D正确．

9.【答案】

（1）靠近　接通电源　松开纸带　

（2）b　摩擦

【解析】

（1）按图（a）安装实验器材并连接电源；

竖直提起系有重物的纸带，使重物靠近计时器下端；

接通电源，松开纸带，使重物自由下落；

（2）根据纸带上的点迹分布得出b纸带做加速运动，而且相邻计时点的距离较大，c纸带先加速后减速，且相邻计时点的距离较小，所以应选取b来计算重力加速度．

在实验操作和数据处理都正确的情况下，得到的结果仍小于当地重力加速度，主要原因是空气阻力和摩擦力．

10.【答案】

（1）A　

（2）①②③（或①③②）　

（3）

　0.04t＋8.8

（1）电路中电源电动势为1.5V，金属电阻的阻值约为10Ω，滑动变阻器电阻最大的为10Ω，电流在0.075～0.15A，则电流一般在0.1A以内调整，为使电流读数更准确，应选用量程0～100mA的电流表．

（2）调节电阻箱时按照先调大再调小的原则，旋转各旋钮的正确操作顺序是①②③（或①③②）．

（3）R－t图象如图所示

由R－t图象知，R＝0.04t＋8.8Ω.

11.【答案】　

（1）

（2）mgh－

【解析】　

（1）小滑块沿MN运动过程，水平方向受力满足

qvB＋N＝qE

小滑块在C点离开MN时

N＝0

解得vC＝

（2）由动能定理

mgh－Wf＝

mv

－0

解得Wf＝mgh－

（3）如图

小滑块速度最大时，速度方向与电场力、重力的合力方向垂直．撤去磁场后小滑块将做类平抛运动，等效加速度为g′

g′＝

且v

＝v

＋g′2t2

解得vP＝

12.【答案】①

m/s．②2m/s．

【解析】①由于地面光滑，物块与薄板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

Mv0﹣mv0=mv1+Mv′，代入数据解得：

v′=

m/s，方向水平向右；

②在摩擦力作用下物块和薄板最后共同运动，设共同运动速度为v，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

Mv0﹣mv0=（M+m）v，代入数据解得：

v=2m/s，方向水平向右；

13.【答案】

（1）B　

（2）①300K②吸热，热量为2000J

（1）晶体融化时需要吸收热量，但温度不一定升高，所以分子平均动能不一定增大，选项A错误．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，选项B正确．由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力，也有斥力，不过引力较显著，液体表面表现为具有收缩的趋势，选项C错误．在一定气温条件下，大气中相对湿度越大，水气蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较小，但绝对湿度不一定小，选项D错误．

（2）①对理想气体从状态A到状态C，由理想气体状态方程：

其中：

TA＝（273＋27）K＝300K

解得：

TA＝TC＝300K.

②因为状态A和状态C温度相等，且气体的内能是所有分子的动能之和，温度是分子平均动能的标志，

所以在这个过程中：

ΔU＝0

由热力学第一定律得：

ΔU＝Q＋W

故：

Q＝－W

在整个过程中，气体在B到C过程对外做功所以：

W＝－pB·

ΔV＝－1×

105×

（3×

10－2－1×

10－2）J＝－2000J

即：

Q＝2000J，是正值，故在这个过程中为吸热，热量为2000J.