精品解析上海市静安区届高三上学期期末质量检测物理试题精校Word版.docx

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精品解析上海市静安区届高三上学期期末质量检测物理试题精校Word版

静安区2019届高三上学期期末质量检测（一模）

物理试卷

一、单项选择题（共40分．第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题3分．每小题只有一个正确答案．

1.物理学发展史上，有一位科学家开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，这位科学家是

A.伽利略B.牛顿C.亚里士多德D.笛卡尔

【答案】A

【解析】

伽利略开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，故选A.

2.磁感应强度的单位用国际单位制的基本单位可表示为（　　）

A.Wb/m2B.V•s/（C•m）C.V•s/m2D.kg/（A•s2）

【答案】D

【解析】

【分析】

在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉，根据物理学公式分析答题.

【详解】磁感应强度B＝，磁感应强度单位为T，则1T＝，故ABC错误，D正确；故选D。

【点睛】本题考查了单位制的知识，熟练掌握物理学公式、知道各物理量的单位是正确解题的关键。

注意A不是由国际单位制表示的，故不能选。

3.向心加速度描述的是做圆周运动的物体（　　）

A.向心力变化的快慢B.线速度方向变化的快慢

C.线速度大小变化的快慢D.转动角度变化的快慢

【答案】B

【解析】

【分析】

向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢，因此明确向心加速度的物理意义即可正确解答本题。

【详解】ACB．圆周运动的向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢的物理量，故AC错误，B正确；

D．匀速圆周运动的向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢，与转动角度变化的快慢无关。

故D错误；

故选B。

【点睛】解决本题的关键掌握向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢。

4.如图，一匹马拉着车加速前行，则地面对车的作用力F1和车对马的作用力F2

A.方向相反，F1＞F2B.方向相反，F1＜F2

C.方向相同，F1＞F2D.方向相同，F1＜F2

【答案】D

【解析】

【分析】

先对车受力分析，明确拉力和地面作用力间的关系，再根据牛顿第三定律分析车对马的作用力。

【详解】对车分析可知，车做加速运动，故马对车的作用力大于地面对车的作用力；因马对车的作用力与车对马的作用力为相互作用力，故二力相等，则可知，地面对车的作用力F1小于车对马的作用力F2，故D正确，ABC错误。

故选D。

【点睛】本题考查作用力和反作用力的关系，要注意正确分析题意，明确哪些力是作用力和反作用力。

5.一个强烈冷却的空瓶子，放入热水中，一段时间后瓶塞被弹出，瓶塞被弹出的原因是（　　）

A.瓶内气体分子数增加

B.瓶内所有气体分子的运动更剧烈

C.瓶塞所受气体分子的平均作用力变大

D.瓶塞所受外力变小

【答案】C

【解析】

【分析】

根据理想气体得状态方程分析气体的压强的变化，然后结合分子动理论分析即可。

【详解】A．瓶子是密封的，所以瓶内气体分子数不能增加。

故A错误；

B．温度是分子的平均动能的标志，当瓶子放入热水中，一段时间后瓶内气体的温度升高，瓶内气体分子的平均动能增大，但不是每一个分子的平均动能都增大，即不是瓶内所有气体分子的运动更剧烈。

故B错误；

C．瓶内气体的温度增大而体积不变，由理想气体得状态方程可知，瓶内气体的压强将增大，所以瓶塞所受气体分子的平均作用力变大，瓶塞被弹出。

故C正确；

D．瓶子外是大气，大气压没有变化，所以瓶塞所受外力不变。

故D错误；

故选C。

【点睛】该题结合理想气体得状态变化考查对温度、压强的微观意义的理解，解答的关键是要理解温度是分子的平均动能的标志，温度升高瓶内气体分子的平均动能增大，但不是每一个分子的平均动能都增大。

6.一根粗细均匀的绳子，右端固定，一人拿着左端的S点上下振动，产生一列向右传播的机械波，某时刻波形如图，则该波的（　　）

A.波速增大B.波速减小C.频率增大D.频率减小

【答案】C

【解析】

【分析】

波速是由介质的性质决定的，与波长无关。

由图读出波长的变化，抓住波速不变，由波速公式v＝λf分析频率的变化。

【详解】AB．波速是由介质的性质决定的，与波长无关。

故该波的波速保持不变。

故A、B错误。

CD．由图看出，该波的波长减小，而波速一定，由波速v＝λf分析得知频率增大。

故C正确，D错误。

故选C。

7.如图，为某一点电荷Q的一条电场线，一电子以某一速度沿电场线由A点运动到B点的过程中，电势能减小，则（　　）

A.场强大小EA＞EBB.场强大小EA＜EB

C.场强方向由B指向AD.场强方向由A指向B

【答案】C

【解析】

【分析】

根据电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中电势能的变化可知电场力做功情况，从而判断场强的方向；电场线疏密反映场强的大小；

【详解】AB．不知电场线的疏密，故无法知道电场的强弱。

故AB错误；

CD．一电子以某一速度沿电场线由A运动到B的过程中，电势能减小，则动能增加，电场力对电子做正功，电场力方向与运动方向相同，所以电场强度方向由B指向A，故C正确，D错误；

故选C。

【点睛】解决本题的关键根据电子动能增加判断出电场的方向。

以及知道电场力做功与电势能的变化关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大。

8.如图，矩形导线框abcd与长直导线MN在同一竖直平面内，ab、cd与MN平行，若MN中通过的电流强度逐渐减小，则ab边所受磁场力的方向（　　）

A.可能竖直向上B.可能竖直向下

C.一定竖直向上D.一定竖直向下

【答案】D

【解析】

【分析】

直导线中通有减小的电流，根据安培定则判断导线上侧的磁场方向以及磁场的变化，再根据楞次定律判断感应电流的方向，最后根据左手定则判断出ab边所受安培力的方向，注意离导线越近，磁感应强度越大。

但本题没有告之电流方向，故直接运用楞次定律的阻碍相对运动来求解。

【详解】由于电流的减小，所以导致线圈磁通量减小，从而产生感应电流，因处于磁场中，受到磁场力使其阻碍磁通量变小，所以靠近通电导线。

由于靠近导线磁场越强，所以ab边受到的磁场力一定竖直向下，故D正确，ABC错误，故选D。

9.探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比（　　）

A.轨道半径变大，加速度变大B.轨道半径变大，加速度变小

C.轨道半径变小，加速度变小D.轨道半径变小，加速度变大

【答案】D

【解析】

【分析】

根据万有引力提供向心力列式求解即可得到线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系；根据周期变小，先得到轨道半径的变化，再得出其它量的变化。

【详解】根据可得，，可知周期小的半径小，加速大，则ABC错误，D正确；故选D。

10.如图，粗细均匀的玻璃管A和B由一橡皮管连接，A管内封闭了一定质量的气体，两管水银面相平若固定A管将B管沿竖直方向缓慢上移一小段距离高H，A管内的水银面相应升高h，移动过程中温度保持不变，则（　　）

A.h＝HB.h＝C.h＜D.＜h＜H

【答案】C

【解析】

【分析】

封闭气体是等温变化，气压变大，体积缩小。

【详解】封闭气体是等温变化，B端抬高，压强变大，故气体体积要缩小，但最终平衡时，封闭气体的压强比大气压大，一定是B侧水银面高，故有：

H﹣h＞h，故h<；故ABD错误，C正确；故选C。

11.如图，灯L1、L2的电阻分别为R1、R2，滑动变阻器最大阻值为R0．假设灯的电阻不变，某同学合上电键后，将变阻器滑片P由a端向b端移动时，观察到灯L1的亮度一直变暗，则可作出以下判断（　　）

A.R2＞R0，L2亮度先变亮后变暗B.R2＞R0，L2亮度不断变亮

C.R2＜R0，L2亮度先变后亮变暗D.R2＜R0，L2亮度不断变亮

【答案】B

【解析】

【分析】

由电路图可知：

灯L2与滑动变阻器的一部分串联后与另一部分并联，再跟灯L1串联连接到电源上，根据电阻的变化情况，判断电流的变化情况，进而判断灯泡变亮还是变暗。

【详解】AB．当R2＞R0时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻一定大于右部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻增大，所以总电流减小，所以通过灯L1的电流减小，所以L1变暗，通过L2的电流变大，L2变亮，故A错误，B正确；

CD．当R2＜R0时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻，当变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总电阻先增大后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯L1的电流先减小后增大，故L1先变暗后变亮；当电路的总电流处于减小状态的时候，灯L1两端电压减小，电路并联部分电压是逐渐增大，此时L2亮度不断变大，当总电流处于增大的状态的时候，L1灯电压逐渐增大，而并联部分的电压不断减小，灯L2不断变暗，所以L2的亮度先变亮后变暗，故CD错误；

故选B。

12.将一物体由地面竖直向上抛出，物体距离地面的高度为h，上升阶段其机械能E随h的变化关系如图所示，则下落阶段的E﹣h图象是（　　）

A.B.

C.D.

【答案】C

【解析】

【分析】

由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功，同时结合阻力变化的特点分析即可。

【详解】由题图可知，物体上升的过程中机械能减小，是由于物体受空气阻力的作用；物体的机械能的减小等于阻力做的功，即：

△E＝fh，则：

f＝，可知图线的斜率变化特点可以表示阻力变化的特点，可知，随高度的增大，阻力减小；由于小球向上做减速运动，可知小球向上的过程中速度逐渐减小；结合随高度的增大，阻力减小减小可知，空气最小球的阻力随速度的减小而减小。

小球向下运动的过程中小球的速度逐渐增大，所以小球受到的阻力也逐渐增大，所以h越小，f越大，则图线的斜率越大，所以下落阶段的E﹣h图象是曲线；由于空气阻力做功，所以小球下降阶段经过上升阶段对应的同一点的速度将小一些，而小球的速度越大阻力越大，所以小球下降阶段受到的阻力较小，在下降的过程中，机械减小量较小。

由图可知，小球在上升阶段机械能的减小量为：

15﹣10＝5J，则小球下降阶段机械能的减小量小于5J，所以最终小球的机械能大于5J．故ABD错误，C正确；故选C。

【点睛】物体受空气阻力的作用，物体的机械能要减小，由于空气阻力的大小是变化的，所以机械能不是均匀减小的。

二、填空题（共20分）

13.两列周期均为T、振幅均为A的水波相遇形成稳定的干涉图样，t＝0时水波中某质点的位移为2A，则t＝时该质点的位移为_____，此刻该质点的振动　____（选填“加强”或“减弱”）

【答案】

（1）.0

（2）.加强

【解析】

【分析】

根据t＝0时水波中某质点的位移为2A说明该质点是振动加强点，根据振动情况确定位移。

【详解】t＝0时水波中某质点的位移为2A，即该质点是两列波的波峰相遇，为振动加强点，再经过t＝T/4该质点回到平衡位置，即位移为零。

【点睛】本题主要是考查波的干涉，知道波峰与波峰相遇为振动加强点、波峰和波谷相遇为振动减弱点。

14.电荷量为2.0×10﹣8C的正点电荷，在电场中的A点所受电场力的大小为2.0×10﹣6N，A点的场强大小为_____N/C；若A点电势为10V电场中另一点B点电势为15V，则该点电荷从A运动到B过程中电场力做功为_____J。

【答案】

（1）.100

（2）.﹣1×10﹣7J

【解析】

【分析】

（1）根据F＝qE求E的大小。

（2）点电荷