高三物理一轮复习周测试题《牛顿运动定律》的应用含答案Word格式.docx

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4．如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端．B与小车平板间的动摩擦因数为μ.若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为

A．mg，竖直向上

B．mg

，斜向左上方

C．mgtanθ，水平向右

D．mg

，斜向右上方

5．将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比．下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（　　）

6．如图所示，一个质量为m的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ.现给环一个水平向右的恒力F，使圆环由静止开始运动，同时对环施加一个竖直向上、大小随速度变化的作用力F1＝kv，其中k为常数，则圆环运动过程中

A．最大加速度为

B．最大加速度为

C．最大速度为

D．最大速度为

7．如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧测力计上，弹簧测力计固定在小车上，开始时小车处于静止状态．当小车匀加速向右运动时，与静止状态相比较，下列说法中正确的是（　　）

A．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力变大

B．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力变小

C．弹簧测力计读数变大，小车对地面的压力不变

D．弹簧测力计读数不变，小车对地面的压力变大

8．“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明如图静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳断裂，则小明此时（　　）

A．速度为零

B．加速度a＝g，沿原断裂绳的方向斜向下

C．加速度a＝g，沿未断裂绳的方向斜向上

D．加速度a＝g，方向竖直向下

9．如图（a）所示，在倾角为θ的光滑斜面上放一物体，用一水平外力F作用于物体上，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图（b）所示，若物体的初速度为零，重力加速度g取10m/s2.根据图（b）中所提供的信息可以计算出

A．斜面的高度B．物体的质量

C．斜面的长度D．加速度为6m/s2时物体的速度

10．水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查．如图为一水平传送带装置示意图．紧绷的传送带AB始终保持v＝1m/s的恒定速率运行．旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2.若乘客把行李放到传送带的同时也以v＝1m/s的恒定速度平行于传送带运动去取行李，则（　　）

A．乘客与行李同时到达B

B．乘客提前0.5s到达B

C．行李提前0.5s到达B

D．若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B

二、填空题（本题共2小题，每题8分，共16分）

11．如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力与质量的关系”的实验装置．

（1）该实验应用的研究方法是________．

（2）在小车总质量不变时，改变所挂钩码的数量，多次重复测量，可画出a—F关系图线（如图所示）．

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是______________________________．

②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是________．

（3）若保持所挂钩码数量不变，改变小车质量，多次重复测量，可以研究加速度a与质量m的关系，则应该绘制什么关系图线？

答：

____________________.

12．某实验小组设计了如下图（a）所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a－F图线，如下图（b）所示．

（a）　　　　　　　　　　　（b）

（1）图线________是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的（选填“①”或“②”）．

（2）滑块和位移传感器发射部分的总质量m＝________kg；

滑块和轨道间的动摩擦因数μ＝________.

三、计算题（本题共4小题，13、14题各10分，15、16题各12分，共44分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）

13．（2013·

铜陵模拟）如图所示，一个质量m＝2kg的滑块在倾角为θ＝37°

的固定斜面上，受到一个大小为40N的水平推力F作用，以v0＝10m/s的速度沿斜面匀速上滑．（sin37°

＝0.6，取g＝10m/s2）

（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数；

（2）若滑块运动到A点时立即撤去推力F，求这以后滑块再返回A点经过的时间．

14．长征二号F型火箭托着载有三名宇航员的“神舟七号”飞船飞向太空．已知火箭总长58.3m，发射塔高105m．点火后，经7s火箭离开发射塔．设火箭的运动为匀加速运动，则在火箭离开发射塔的过程中，（结果保留三位有效数字）

（1）火箭的加速度多大？

（2）质量为60kg的宇航员受到的飞船对他的作用力多大？

（g取10m/s2）

15．如下图所示，薄板A长L＝5m，其质量M＝5kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐．在A上距右端s＝3m处放一物体B（大小可忽略，即可看成质点），其质量m＝2kg.已知A、B间动摩擦因数μ1＝0.1，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数均为μ2＝0.2，原来系统静止．现在在板的右端施一大小一定的水平力F持续作用在A上直到将A从B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右边缘．求：

（1）B运动的时间；

（2）力F的大小．

16．某校举行托乒乓球跑步比赛，赛道为水平直道，比赛距离为s.比赛时，某同学将球置于球拍中心，以大小为a的加速度从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到v0时，再以v0做匀速直线运动跑至终点．整个过程中球一直保持在球拍中心不动．比赛中，该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角为θ0，如右图所示．设球在运动中受到的空气阻力大小与其速度大小成正比，方向与运动方向相反，不计球与球拍之间的摩擦，球的质量为m，重力加速度为g.

（1）求空气阻力大小与球速大小的比例系数k；

（2）求在加速跑阶段球拍倾角θ随速度v变化的关系式；

（3）整个匀速跑阶段，若该同学速度仍为v0，而球拍的倾角比θ0大了β并保持不变，不计球在球拍上的移动引起的空气阻力变化，为保证到达终点前球不从球拍上距离中心为r的下边沿掉落，求β应满足的条件．

高三物理一轮复习周周练《牛顿运动定律》的应用

参考答案

1、解析：

答案：

BD汽车驶过拱形桥顶端时，加速度方向向下，属于失重现象，A错误；

荡秋千的小孩通过最低点时，加速度方向向上，属于超重现象，B正确；

跳水运动员被弹起后，只受重力作用，属于完全失重现象，C错误；

火箭加速升空，加速度方向向上，属于超重现象，D正确．

2、解析：

A电视机处于静止状态，桌面对它的支持力和它所受的重力的合力为零，是一对平衡力，故A正确，B错误；

电视机对桌面的压力和桌面对它的支持力是作用力和反作用力，故D错误；

压力和重力是两个性质不同的力，故C错误．

3、解析：

C同种型号的汽车，在同一路面上行驶时，汽车急刹车时，车轮与路面间的动摩擦因数相同，因此减速的加速度大小相同，由v2－v

＝2ax可知，两车滑行距离相同，C正确，A、B错误，由t＝

可知，两车滑行时间相同，D错误．

4、解析：

D由小球A可知小车的加速度a＝gtanθ，方向水平向右，因此B受到向右的摩擦力Ff＝ma＝mgtanθ，对B受力分析如右图所示．小车对B的作用力即为FN与Ff的合力F，F＝

＝mg

，故选D.

5、解析：

C设皮球受到的阻力为F＝kv，根据牛顿第二定律可得mg＋F＝ma，两式联立可得mg＋kv＝ma，皮球上升过程中速度逐渐减小，则加速度也逐渐减小，当v→0时a＝g，故选项C正确．

6、解析：

AC圆环在竖直方向受力：

竖直向下的重力G，竖直向上的外力F1，水平直杆的弹力FN；

在水平方向受力：

水平向右的恒力F，水平向左的摩擦力Ff，圆环先做加速度越来越大的加速运动，再做加速度越来越小的加速运动，最后做匀速运动．当G＝F1时，FN＝0，Ff＝0，此时圆环的加速度最大，a＝

；

当匀速运动时圆环的速度最大，此时物体处于平衡状态，水平方向有F＝Ff，竖直方向有F1－mg－FN＝0，又Ff＝μFN，可得最大速度v＝

.故A、C正确．

7、解析：

C对小球静止时，FT1＝mg，匀加速向右运动时，小球相对小车往左摆，FT2>

mg，弹簧测力计读数变大；

对整体进行受力分析可知，FN＝（M＋m）g，小车对地面的压力不变，选项C正确．

8、解析：

AB速度不能发生突变，左侧橡皮绳断裂瞬间，小明速度为零，选项A正确，断裂前，FT左＝FT右＝mg，受力分析如图所示．橡皮绳形变量比较大，不会发生突变，断裂瞬间，FT右与mg合力沿断裂绳的反向延长线，大小等于mg，选项B正确．

9、解析：

B当外力为0时，加速度为－6m/s2，即－mgsinθ＝ma，可以求出斜面的倾角；

当外力等于30N时，加速度为6m/s2，即Fcosθ－mgsinθ＝ma′，即立可求出物体的质量m.由a＝

F－gsinθ知，物体沿斜面向下先做初速度为零的加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，但时间信息没有，运动不一定是对称的，因此就是知道a＝6m/s2也没法求速度．

10、解析：

BD行李放在传送带上，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动．加速度为a＝μg＝1m/s2，历时t1＝

＝1s达到共同速度，位移x1＝

t1＝0.5m，此后匀速运动t2＝

＝1.5s到达B，共用2.5s；

乘客到达B，历时t＝

＝2s，故B正确．若传送带速度足够大，行李一直加速运动时间最短，最短时间tmin＝

＝2s，D正确．

11、解析：

研究加速度和力与质量的关系实验应用的研究方法是控制变量法．分析此图线的OA段可得出的实验结论是：

质量一定的情况下，加速度与合外力成正比．此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是：

没有使小车质量远大于钩码质量．若保持所挂钩码数量不变，即小车所受拉力不变．改变小车质量，多次重复测量，可以研究加速度a与质量m的关系，则应该绘制a－

关系图线．答案：

（1）控制变量法

（2）①质量一定的情况下，加速度与合外力成正比

　②没有使小车质量远大于钩码质量（3）a－

关系图线

12、解析：

（1）图线①所受拉力F＝0时加速度不为零，说明图线①是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的．

（2）根据图线①，由拉力F1＝0，加速度a1＝2m/s2，可得：

F1＋mgsinθ－Ff＝ma1；

由拉力F2＝1N，加速度a2＝4m/s2，可得：

F2＋mgsinθ－Ff＝ma2；

联立解得m＝0.5kg；

根据图线②，F＝1N＝μmg，解得μ＝0.2.答案：

（1）①　

（2）0.5　0.2

13、解析：

（1）在F的作用下，物体做匀速运动，有Fcos37°

＝mgsin37°

＋μ（mgcos37°

＋Fsin37°

）

解得μ＝0.5

（2）撤去F后，物体往上滑时a＝gsin37°

＋gμcos37°

＝10m/s2

t1＝

＝1s　s＝

t1＝5m往下滑时a′＝gsin37°

－μgcos37°

＝2m/s2

s＝

at

　t2＝

st＝t1＋t2＝（1＋

）s答案：

（1）0.5　

（2）（1＋

）s

14、解析：

（1）由x＝

at2得a＝

＝

m/s2＝4.29m/s2.

（2）对宇航员受力分析知，其受重力mg，支持力FN，由牛顿第二定律：

FN－mg＝ma

解得FN＝mg＋ma＝60×

（10＋4.29）N＝857N.答案：

（1）4.29m/s2　

（2）857N

15、解析：

（1）对于B，在未离开A时，其加速度为：

aB1＝

＝1m/s2

设经过时间t1后B离开A，离开A后B的加速度为：

aB2＝－

＝－2m/s2

根据题意可作出B的速度图象如右图所示．有vB＝aB1t1和

aB1t

＋

＝s代入数据解得t1＝2s

t2＝

＝1s所以B运动的时间是：

t＝t1＋t2＝3s.

（2）设A的加速度为aA，则根据相对运动的位移关系得

aAt

－

＝L－s

解得aA＝2m/s2根据牛顿第二定律得F－μ1mg－μ2（m＋M）g＝MaA

代入数据得F＝26N.答案：

（1）3s　

（2）26N

16、解析：

（1）在匀速运动阶段，有mgtanθ0＝kv0得k＝

（2）加速阶段，设球拍对球的支持力N′，有N′sinθ－kv＝maN′cosθ＝mg

得tanθ＝

tanθ0

（3）以速度v0匀速运动时，设空气阻力与重力的合力为F，有F＝

球拍倾角为θ0＋β时，空气阻力与重力的合力不变，设球沿球拍面下滑的加速度大小为a′

有Fsinβ＝ma′设匀速跑阶段所用时间为t，有t＝

球不从球拍上掉落的条件

a′t2≤r

得sinβ≤

（1）

（2）tanθ＝

tanθ0（3）sinβ≤