备战中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题14B欧姆定律答案解析.docx
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备战中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编专题14B欧姆定律答案解析
备战2019年中考山东省三年中考物理真题分类解析汇编
专题14(B)欧姆定律(答案解析)
1.(2017•莱芜)智能手机上已普遍使用电阻触摸屏,当手指触摸屏时,会对触摸屏产生一个压力,这种压力信号即转换成电信号,从而确定触摸的位置。
如图在竖直方向上触摸屏相当于一根电阻丝,触摸P点时电阻丝被分为上、下两部分,电阻分别为R1、R2,电源电压不变。
当触摸点P沿竖直方向向上移动时,则下列判断正确的是( )
A.R1的阻值变大B.R2的阻值变小
C.R1两端的电压变小D.电路中的电流变大
【分析】由电路图可知,R1与R2串联,触点不同时电路中的总电阻不变,根据欧姆定律可知电路中的电流不变,再根据影响电阻大小的因素判定电阻的变化,根据欧姆定律可知两电阻两端的电压变化。
【解答】解:
由电路图可知,R1与R2串联,触点不同时电路中的总电阻不变,由I=
可知,电路中的电流不变,故D错误;
当触摸点P沿竖直方向向上移动时,R2的长度变大,则R2的阻值变大;R1的长度变小,R1的阻值变小,故AB错误;
电路中的电流不变,R1的阻值变小,由U=IR可知,R1两端的电压变小,故C正确。
故选:
C。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用和串联电路的特点,关键是对电路图的正确分析。
2.(2017•威海)如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置,R是转动式滑动变阻器,它的金属滑片P是杠杆的一端,下列说法正确的是( )
A.电路中R和R0是并联的
B.油量表是由电流表改装而成的
C.油位越高,流过R的电流越大
D.油位越低,R两端的电压越小
【分析】
(1)根据定值电阻R0与滑动变阻器R的连接形式判断连接方式;
(2)根据电流表和电压表的正确使用判断油量表的类型;
(3)根据油量的变化可知浮标的变化,进一步可知滑片移动的方向和接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化。
【解答】解:
B、由电路图可知,油量表与变阻器R并联,所以油量表应为电压表改装而成的,故B错误;
A、由电路图可知,R0与R依次连接即为串联,故A错误;
CD、油位越低时,浮标下移,滑片上移,变阻器接入电路中的电阻变大,电路中的总电阻变大,
由I=
可知,电路中的电流变小;由U=IR可知,R0两端的电压变小,
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知,R两端的电压变大,即电压表的示数越大,故D错误;
同理可知,油位越高,滑片下移,变阻器接入电路中的电阻越小,电路中的电流越大,即流过R的电流越大,故C正确。
故选:
C。
【点评】解决本题的关键是灵活运用滑动变阻器的变阻原理:
通过改变连入电阻丝的长度,改变阻值的大小,从而改变电路中的电流。
3.(2017•济南)小亮在“探究温度一定的条件下,导体电阻大小与哪些因素有关”的实验中,已选定了代号为“O”的导体,为了探究导体电阻与长度的关系,他还要选用的导体代号是( )
导体代号
O
A
B
C
D
导体长度l/m
1.5
1.0
1.5
1.0
0.5
导体截面积S/mm2
1.2
3.2
1.2
1.2
1.2
导体材料
镍铬
锰铜
钨
锰铜
镍铬
A.AB.BC.CD.D
【分析】本题考查控制变量法的思想在选择材料时的应用。
电阻与材料、长度、横截面积、温度四个因素有关,实验时温度一般不变,故不予考虑。
研究电阻与长度关系时,要控制材料和横截面积一定,找两个长度不同的导体。
【解答】解:
研究导体电阻与其长度的关系,找的导体要符合控制变量的思想,材料、横截面积均相同,而长度不同;已选定了代号为“O”的导体,结合表格数据可知,他还要选用的导体代号是D。
故选:
D。
【点评】当被研究的问题与多个因素有关时,研究与一个因素的关系,控制其他因素一定,改变被研究的因素,这是控制变量法。
4.(2017•菏泽)如图所示的电路中,当开关S2闭合时,下列说法正确的是( )
A.电流表示数不变,电压表无示数
B.电流表示数增大,电压表有示数
C.电流表示数减小,电压表有示数
D.电流表示数增大,电压表无示数
【分析】由电路图可知,只闭合S1时,电路为R1的简单电路,电流表测电路中的电流,电压表所在支路断路,电压表无示数;再闭合S2时,R1与R2并联,电压表测电源的电压,电流表测干路电流,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变,根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
【解答】解:
由电路图可知,只闭合S1时,电路为R1的简单电路,电流表测电路中的电流,电压表所在支路断路,电压表无示数;
再闭合S2时,R1与R2并联,电压表测电源的电压,电流表测干路电流,此时电压表有示数,故AD错误;
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,开关S2闭合前后,通过R1的电流不变,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,干路电流增大,即电流表的示数增大,故B正确、C错误。
故选:
B。
【点评】本题考查了电路的动态分析,要注意开关S2闭合前后通过R1的电流不变,是一道较为简单的应用题。
5.(2018•临沂)如图所示的电路中,电流表A1的示数为0.5A,A2的示数为0.3A,电阻R2的阻值为10Ω.下列说法正确的是( )
A.通过电阻R1的电流为0.5A
B.电源电压为5V
C.电阻R1的阻值为15Ω
D.若断开开关S2,电流表A1示数变大
【分析】由电路图可知,两电阻并联,电流表A2测R2支路的电流,电流表A1测干路的电流;开关S1控制整个电路,开关S2控制电阻R1;
根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流,再根据并联电路的电压特点求出电源的电压,利用欧姆定律求出电阻R1的阻值,若断开开关S2,只有R1支路的电流,判断出电流表A1示数的变化。
【解答】解:
由电路图可知,两电阻并联,电流表A2测R2支路的电流,电流表A1测干路的电流;开关S1控制整个电路,开关S2控制电阻R1;
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以通过电阻R1的电流:
I1=I﹣I2=0.5A﹣0.3A=0.2A,故A错误;
又因为并联电路中各支路两端的电压相等,
故根据欧姆定律可得,电源的电压:
U=U2=I2R2=0.3A×10Ω=3V,故B错误;
电阻R1的阻值:
R1=
=
=15Ω,故C正确。
若断开开关S2,电流表A1只测量R2的电流,电流表A1示数变小,故D错误。
故选:
C。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用,是一道较为简单的计算题。
6.(2018•枣庄)在如图所示的电路中,闭合开关,电源电压保持不变,当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,下列说法正确的是( )
A.电流表的示数变小,电压表的示数变大
B.电流表的示数变大,电压表的示数变小
C.电流表的示数不变,电压表的示数不变
D.电流表的示数变小,电压表的示数不变
【分析】由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电流表A测L的电流,电压表测电源的电压。
根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化,根据灯泡两端的电压和电阻可以知道电流表示数的变化。
【解答】解:
由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电流表A测L的电流,电压表测电源的电压,由于电源电压不变,故电压表示数不变;
当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,由于灯泡两端的电压和灯泡的电阻都不变,故通过灯泡的电流不变,即电流表示数不变;故C正确。
故选:
C。
【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用,关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
7.(2018•东营)如图所示,电源电压不变,闭合开关,当滑动变阻器滑片向左移动时,下列判断正确的是( )
A.电压表示数与电流表A1示数的乘积变大
B.电压表示数与电流表A2示数的乘积变大
C.电压表示数与电流表A1示数的比值不变,电流表A2示数变小
D.电压表示数与电流表A1示数的比值变大,电流表A2示数变大
【分析】AB、两电阻并联,电流表A2测总电流,电流表A1测R1的电流,电压表测电源电压,分析当滑动变阻器滑片向左移动时,变阻器连入电路小的电阻变化,根据并联电路的特点,得出通过R1的电流变化,确定电压表示数与电流表A1示数的乘积变化;
由欧姆定律确定通过变阻器的电流变化,根据并联电路电流的规律确定总电流变化,确定电压表示数与电流表A2示数的乘积变化;
CD、由前面解答可知,电流表A2示数变大,电压表示数、电流表A1示数均不变,据此分析。
【解答】解:
AB、由图知,两电阻并联,电流表A2测总电流,电流表A1测R1的电流,电压表测电源电压,则滑片移动时电压表的示数不变;
因并联电路各支路互不影响,所以,滑片移动时,通过定值电阻R1的电流不变,即电流表A1示数不变,则电压表示数与电流表A1示数的乘积不变,故A错误;
当滑动变阻器滑片向左移动时,变阻器连入电路的电阻变小,由欧姆定律可知,通过变阻器的电流变大;根据并联电路电流的规律可知,总电流即A2示数变大,则电压表示数与电流表A2示数的乘积变大,故B正确;
CD、由前面解答可知,电流表A2示数变大,电压表示数、电流表A1示数均不变,所以,电压表示数与电流表A1示数的比值不变,故CD错误。
故选:
B。
【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用,关键是电路的识别。
分析时选项中,只要有一条件错误,这个选项就是错误的。
8.(2017•德州)如图所示电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,滑动变阻器的滑片向左移动时。
下列判断正确的是( )
A.电路的总功率不变
B.电压表与电流表示数的比值不变
C.电压表的示数变大
D.电流表的示数变小
【分析】由图示电路图可知,两电阻并联,电压表测电源电压,电流表A测干路电流,根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过R2电流的变化,根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化,利用P=UI可知电路消耗电功率的变化,根据电表示数的变化可知电路中的总功率变化。
【解答】解:
由图示电路图可知,两电阻并联,电压表测电源电压,电流表A测干路电流;
因电源的电压不变,所以,滑片移动时,电压表V的示数不变,故C错误;
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,滑片移动时,通过R的电流不变,
滑动变阻器的滑片向左移动时,变阻器接入电路中的电阻变大,
由I=
可知,通过滑动变阻器的电流变小,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,干路电流变小,即电流表A的示数变小,故D正确;
由P=UI可知,电路消耗的总功率变小,故A错误;
由电压表V示数不变、电流表A示数变小可知,电压表V的示数与电流表A的示数的比值变大,故B错误。
故选:
D。
【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.(2017•烟台)在如图所示电路中,电源电压不变,当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,下列说法正确的是( )
A.电流表的示数变小B.电压表的示数变小
C.电流表的示数不变D.电压表的示数变大
【分析】由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R并联,电压表测电源的电压,电流表测通过L的电流,根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L电流的变化。
【解答】解:
由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R并联,电压表测电源的电压,电流表测通过L的电流,
因电源的电压不变,
所以,滑片移动时,电压表的示数不变,故BD错误;
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,滑片移动时,通过L的电流不变,即电流表的示数不变,故A错误、C正确。
故选:
C。
【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到并联电路的特点的应用,分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
10.(2018•巴彦淖尔)如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向左移动,下列说法正确的是( )
A.电流表A1的示数变小,电流变A2的示数变大
B.电流表A1的示数和电流表A2的示数同时变大
C.电压表的示数变大,电流表A1的示数变小
D.电压表的示数不变,电流表A2的示数变小
【分析】由图可知,该电路为并联电路,电压表测量各支路两端的电压,电流表A2在干路中,测量的是干路的电流;电流表A1在支路中,测量的通过变阻器的电流;根据滑片位置的变化判定电阻的变化,然后根据欧姆定律和并联电路的电流、电压规律判定各表示数的变化。
【解答】解:
由图可知,R1、R2并联,电压表测量各支路两端的电压;
电流表A2在干路中,测量的是干路的电流;电流表A1在支路中,测通过变阻器R2的电流;
将滑动变阻器的滑片P向左移动,滑动变阻器接入电路的电阻变大,根据欧姆定律可知,通过变阻器的电流减小,即电流表A1的示数变小;
由于定值电阻两端的电压不变,所以通过它的电流不变;
并联电路中干路电流等于各支路电流的和,则干路电流减小,即电流表A2的示数变小;故AB错误;
电压表测量各支路两端的电压,电压表示数保持不变,故C错误,D正确;
故选:
D。
【点评】本题考查了电路的动态变化问题,分析电路图得出电路的连接方式和电表的测量对象是本题的突破口,灵活运用并联电路的特点是解题的关键。
11.(2017•泰安)如图所示的电路中,电源电压保持不变,开关闭合后,滑动变阻器的滑片P向左移动时,三个电表的示数变化情况是( )
A.A的示数变小,V1的示数变大,V2的示数变小
B.A的示数变大,V1的示数变小,V2的示数变大
C.A的示数变小,V1的示数不变,V2的示数变大
D.A的示数变大,V1的示数不变,V2的示数变小
【分析】由电路图可知,R与滑动变阻器串联,电压表V1测电源的电压,电压表V2测变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。
根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化。
【解答】解:
由电路图可知,R与滑动变阻器串联,电压表V1测电源的电压,电压表V2测变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流。
因电源的电压保持不变,
所以,滑片移动时,电压表V1的示数不变,故AB错误;
当滑动变阻器的滑片P向左移动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,
由I=
可知,电路中的电流变大,即电流表A的示数变大,故C错误;
由U=IR可知,R两端的电压变大,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,变阻器两端的电压变小,即电压表V2的示数变小,故D正确。
故选:
D。
【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用,分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
12.(2017•聊城)如图所示电路,电源电压保持不变,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P向左移动的过程中(不考虑灯丝的电阻受温度的影响),下列说法正确的是( )
A.电流表示数逐渐变小
B.电压表示数逐渐变大
C.滑动变阻器两端的电压逐渐变大
D.小灯泡的亮度逐渐变暗
【分析】由电路图可知,灯泡L与变阻器R串联,电压表测L两端的电压,电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化,根据P=UI可知灯泡实际功率的变化,进一步判断亮暗的变化,根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化。
【解答】解:
由电路图可知,灯泡L与变阻器R串联,电压表测L两端的电压,电流表测电路中的电流。
滑动变阻器滑片P向左移动的过程中,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,
由I=
可知,电路中的电流变大,即电流表的示数逐渐变大,故A错误;
由U=IR可知,灯泡L两端的电压变大,即电压表的示数逐渐变大,故B正确;
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,
所以,由P=UI可知,灯泡的实际功率变大,小灯泡的亮度逐渐变亮,故D错误;
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,滑动变阻器两端的电压逐渐变小,故C错误。
故选:
B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,要注意灯泡不测带电源用电器两端的电压。
13.(2017•东营)如图所示,电源电压保持不变,闭合开关S0滑动变阻器R的滑片向右移动的过程中,下列说法正确的是( )
A.闭合开关S,若甲、乙均为电压表,则两表示数均变小
B.断开开关S,若甲、乙均为电流表,则两表示数均变大
C.闭合开关S,若甲、乙均为电压表,则甲示数不变,乙示数变大
D.断开开关S,若甲、乙均为电流表,则乙示数不变,甲示数变大
【分析】根据开关的断开和闭合情况,以及电流表、电压表在电路中的作用,分析电路的结构,根据欧姆定律判定示数的变化。
【解答】解:
AC、闭合开关S,若甲、乙均为电压表,该电路为串联电路,电压表乙测量的是R两端的电压,甲测量的是电源电压,示数不变;滑动变阻器R的滑片向右移动的过程中,R的电阻变大,其分担的电压变大,故电压表乙示数变大,故A错误,C正确;
BD、断开开关S,若甲、乙均为电流表,乙测量的是干路的电流,甲测量的是滑动变阻器的电流,滑动变阻器R的滑片向右移动的过程中,电阻变大,电压不变,根据欧姆定律可知,通过滑动变阻器的电流减小;通过R1的电流不变,根据并联电路的电流规律可知,干路中的电流减小,故BD错误。
故选:
C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用;关键是会分析电路图,得出电路连接方式和电表的测量对象,以及会分析滑动变阻器滑片移动对电路的影响。
14.(2016•泰安)热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的。
要想设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路,要求温度升高时电表示数减小,以下电路符合要求的是( )
【分析】
(1)定值电阻R0与热敏电阻并联时,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知温度变化时通过R0的电流不变,根据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化,根据欧姆定律可知通过热敏电阻电流的变化,根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化,然后分析电流表的位置进行判断;
(2)定值电阻R0与热敏电阻串联时,据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化,根据串联电路的电压特点可知热敏电阻两端的电压变化,然后分析电压表的位置进行判断。
【解答】解:
AB.定值电阻R0与热敏电阻并联,
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,温度变化时,通过R0的电流不变,
因热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的,
所以,温度升高时,热敏电阻的阻值减小,
由I=
可知,通过热敏电阻的电流增大,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,干路电流增大,
则A选项中电流表位于干路,B选项中电流表位于热敏电阻的支路,电流表的示数均增大,故CD不符合;
CD.定值电阻R0与热敏电阻串联,
因热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的,
所以,温度升高时,热敏电阻的阻值减小,电路中的总电阻减小,
由I=
可知,电路中的电流增大,
由U=IR可知,R0两端的电压增大,
因串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以,热敏电阻两端的电压减小,
则C选择中电压表并联在R0两端其示数增大,C选择中电压表并联在热敏电阻两端其示数减小,故C不符合、D符合。
故选:
D。
【点评】本题考查了电路的动态分析,涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用,利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键。
15.(2017•枣庄)如图,在烧杯中加入盐水,然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中,这样就制成了一个盐水电池。
观察电压表的接线情况和指针偏转可知:
锌片是盐水电池的 负 极,电池的电压为 0.6 V。
【分析】根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极;根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数。
【解答】解:
根据图示可知,锌片与电压表的负接线柱相连,因此锌片为盐水电池的负极;
电压表的量程为0~3V,分度值为0.1V,示数为0.6V。
故答案为:
负;0.6。
【点评】本题利用了电压表的使用方法来判断电源的正负极,还考查电压表的读数,属于基础题。
16.(2017•济宁)两个相同的小灯泡串联起来接入电路中,正常工作。
如果其中一只灯泡发生了断路,另一只灯泡也不能工作。
用一根导线或电压表与其中一只小灯泡并联,就能检测出发生断路的小灯泡。
你认为用 电压表 (选填“导线”或“电压表”)检测更好些,理由是 如果选择导线,可能会造成另一灯泡两端电压过高,从而烧坏灯泡 。
【分析】选择器材接入电路判断用电器故障时,应该使接入的器材和原电路安全,不能造成短路。
【解答】解:
要检验灯泡故障,需要将所选器材与其中的一只灯泡并联。
如果选择导线,可能会造成另一灯泡两端电压过高,从而烧坏灯泡。
所以不能选择导线,用电压表更好。
故答案为:
电压表;如果选择导线,可能会造成另一灯泡两端电压过高,从而烧坏灯泡。
【点评】本题考查了在判断故障分析时器材的选择,是一道中等题。
17.(2018•临沂)如图所示,在探究串联电路的电压关系实验时,小明先用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V,然后保持电压表接A点不动,将接B点的那一段导线改接到电路中的C点,电压表示数为3V.已知R1=5Ω,则电阻R2两端的电压为 2 V,通过R2的电流为 0.2 A.如果他保持电压表接B点不动,将电压表接A点的那一段导线改接到电路中的C点,这种接法是错误的,理由是 电流从电压表负接线柱流入了 。
【分析】
(1)根据串联电路电压的规律求出电阻R2两端的电压为:
3V﹣1V=2V,由欧姆定律求通过R1的电流,根据串联电路电流的规律求通过通过R2的电流;
(2)电压表测电压时,电流要从电压表正接线柱流入,从负接线柱流出,否则电压表指针反向偏转。
【解答】解:
(1)用电压表测量了电阻R1两端的电压为1V,然后保持电压表接A点不动,将接B点的那一段导线改接到电路中的C点,电压表示数为3V,即为总电压,根据串联电路电压的规律,电阻R2两端的电压为:
UR2=U﹣UR1=3V﹣1V=2V,由欧姆定律,通过R1的电流为:
I1=
=
=0.2A;
根据串联电路电流的规律,通过通过R2的电流为0.2A;
(2)如果他保持电压表接B点不动,将电压表接A点的那一段导线改接到电路中的C点,则会造成电流从电压表负接线柱流入,这种接法是错误的。
故答案为:
2;0.2;电流从电压表负接线柱流入了。
【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用及电压表使用。
18.(2018•青岛)探究影响电阻大小的因素:
有a、b、c、d四根不同的电阻丝,b、c、d跟a相比,分别只有一个因素不同:
b与a长度不同;c与a横截而积不同;d与a材料不同。
实验方案有如下两种
方案
甲
乙
电路
原理
①将电阻丝a、b、c、d分别接在M、N之间,测出电路中的电流。
电流表的示数越大,表示接入的电阻丝阻值越 小 。
②将电阻丝a、b、c、d串联在电路中,用电压表分