吉林省东北师大附中净月校区学年高一上学期期末物Word文档下载推荐.docx

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7．在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量为m=1kg的小球，小球与竖直方向成θ=45°

角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示．此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，当剪断轻绳的瞬间，小球的加速度的大小为（取g=10m/s2）（　　）

A．0B．2m/s2C．8m/s2D．10m/s2

8．两个质量均为m的物体A、B叠放在水平地面上，A、B间及B、地面间滑动摩擦因数均为μ，一水平恒力作用在物体B上，使得A、B一起沿着水平面向右匀速运动，则关于A与B，B与地面间的摩擦力的大小和方向下列说法正确的是（　　）

A．B对A的摩擦力大小为μmg，方向水平向右

B．A、B间摩擦力为0

C．地面对B的摩擦力大小为2μmg，方向水平向左

D．地面对B的摩擦力大小为F，方向水平向左

9．如图所示，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后（　　）

A．M静止在传送带上B．M可能沿斜面向上运动

C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变

10．两个完全相同的条形磁铁放在平板AB上，磁铁的N、S极如图12所示．开始时平板及磁铁均处于水平位置上，且静止不动．

（1）现将AB突然竖直向上平移（平板与磁铁之间始终接触），并使之停在A′B′处，结果发现两个条形磁铁吸在了一起．

（2）如果将AB从原来位置突然竖直向下平移，并使之停在A″B″处，结果发现两条磁铁也吸在了一起．

则下列说法正确的是（　　）

A．开始时两磁铁静止不动，说明磁铁间的作用力是排斥力

B．开始时两磁铁静止不动，说明磁铁间的吸引力等于静摩擦力

C．第

（1）过程中磁铁开始滑动时，平板正在向上加速

D．第

（2）过程中磁铁开始滑动时，平板正在向下加速

11．绷紧的水平传送带始终以恒定速率v0运行．初速度大小为v1的小物块从与传送带等高的光滑水平地面滑上传送带，则小物块在传送带上运动的v﹣t图象可能是（　　）

A．

B．

C．

D．

二、实验题（共18分，每空2分）

12．在“验证力的平行四边形定则”实验中，现有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤．

（1）为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，将得到的实验数据做出图象如图所示，该弹簧的劲度系数k=　　N/m（结果保留两位有效数字）；

（2）在做“验证力的平行四边形定则”实验中，若由于F1的误差使F1与F2的合力F方向略向左偏，如图所示，但F大小等于F′，引起这一结果的原因可能是F1的大小比真实值偏　　，F1的方向使它与F2的夹角比真实值偏　　．

13．在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带．已知计时器打点的时间间隔为0.18s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为　　s．用刻度尺量得OA=1.00cm、AB=1.60cm、BC=2.20cm、CD=2.80cm．由此可知，纸带做　　运动（选填“匀加速”或“匀减速”），打C点时纸带的速度大小为　　m/s，纸带的加速度大小为　　m/s2（结果保留小数点后两位）

14．在“验证牛顿第二定律”的实验中，以下说法正确的是（　　）

A．平衡摩擦力时，应将小盘用细绳通过定滑轮系在小车上

B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力

C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源

D．求小车运动的加速度时，可用天平测出小盘和砝码的质量（M'

或m'

）以及小车质量M，直接用公式

求出

15．实验时得到的图线AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是（　　）

A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态

C．所挂钩码的总质量太大D．所用小车的质量太大

三、计算题（本题4小题，共34分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，只写结果不给分）

16．电梯里有一台秤，台秤上放一个质量为m=10kg的物体，当电梯静止时，台秤的示数是多少？

当电梯以大小为3m/s2的加速度匀减速上升时，台秤的示数又是多少？

（g=10m/s2）

17．两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示．如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则

（1）OB绳对小球的拉力为多大？

（2）OA绳对小球的拉力为多大？

（3）作用力F为多大？

18．一个滑雪者从静止开始沿山坡滑下，山坡的倾角θ=30°

，滑雪板与雪地的动摩擦因数是0.18（g取10m/s2），

求：

（1）滑雪者加速度的大小．

（2）滑雪者5s内滑下的路程．

（3）滑雪者5s末速度的大小．

19．水平传送带被广泛地应用于车站、码头，工厂、车间．如图所示为水平传送带装置示意图，绷紧的传送带AB始终以v0=1m/s的速率运行，一质量为m=4kg的工件无初速度地放在A处，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速直线运动，随后行李又以与传送带相等的速率做匀速直线运动，设行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，AB的之间距离为L=2m，g取10m/s2．欲用最短时间把工件从A处传送到B处，求传送带的运行速度至少为多大？

参考答案与试题解析

【考点】平均速度；

位移与路程；

匀变速直线运动的速度与时间的关系．

【分析】物体能否简化为质点关键看物体的大小能否忽略不计；

时间间隔在时间轴上用线段表示，时刻在时间轴上用点表示；

平均速度是位移与时间的比值，是矢量；

位移是从初位置到末位置的有效线段．

【解答】解：

A、小明在终点冲线时只要身体的任意部位过线就认为到达终点，故不难简化为质点，故A错误；

B、8s末是到达终点的时刻，故B错误；

C、全程的平均速度为：

v=

，故C正确；

D、100m为路程，由于是直线运动，等于位移的大小，故D错误；

故选：

C

【考点】加速度．

【分析】加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度大说明速度变化快，或者说速度的变化率大，加速度并不表示速度“增加”或者速度“变化”，明确了加速度的具体含义即可正确解答本题．

A、因为a=

，由此可知加速度是单位时间内速度的变化，而不是增加的速度，所以A错误．

B、加速度是描述速度变化快慢的物理量，而不是描述速度变化大小的物理量，所以速度变化量大，加速度不一定大，还要看时间，所以B错误．

C、若物体做减速运动，则表示物体的速度每秒钟减小5m/s，所以C错误．

D、根据a=

可知，加速度方向一定与物体所受的合外力方向一致，所以D正确．

D．

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；

【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式得出质点的初速度和加速度，根据位移时间公式求出第1s内的位移．第2s内的位移等于前2s内的位移与第1s内位移的差

A、由v=5﹣2t可知，物体的初速度是5m/s，加速度是﹣2m/s2，第1s末的速度v1=5﹣2×

1m/s=3m/s，第1s内的平均速度是：

m/s．故A正确．

B、第1s内的位移

=

，故B错误．

C、前2s内的位移：

=5×

2+

m，所以第2s内的位移：

x=x2﹣x1=6﹣4=2m．故C错误．

D、由于物体的初速度是5m/s，加速度是﹣2m/s2，二者的方向相反，物体做减速运动，所以物体受到的合外力一定与运动的方向相反，故D错误．

A

【考点】牛顿第二定律；

匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】物体在水平恒力作用下做匀加速运动，由牛顿第二定律求得加速度，由位移﹣时间公式得到位移与时间的关系式，运用比例法，即可求解t内通过的位移．

当水平恒力为F时，则有：

x=

at2=

…①

当水平恒力为2F时，则有：

x′=

…②

由①②得，x′=18x．故C正确，ABD错误

C．

【考点】竖直上抛运动．

【分析】根据牛顿第二定律，得到上升阶段和下降阶段的加速度的大小关系，然后根据速度时间关系公式和平均速度公式分析．

C、D、上升阶段，合力为：

F合1=mg+f，故加速度为：

a1=

=g+

；

下降阶段，合力为：

F合2=mg﹣f，故加速度为：

a2=

=g﹣

故a1＞a2；

根据速度时间关系公式，有：

△v1=a1T

△v2=a2T

故

△v1＞△v2

故C正确，D错误；

A、B、根据速度时间关系公式和平均速度公式，有

s1=

T=

a1T2

s2=

a2T2

s1＞s2

故A错误，B错误；

故选C．

【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．

【分析】采用逆向思维，根据初速度为零的匀加速直线运动的特殊推论求出第1s内、第2s内、第3s内…的位移之比，从而得出第2s内的位移．

匀减速直线运动经9s停下来，采用逆向思维，因为物体做初速度为零的匀加速直线运动，在第1s内、第2s内、第3s内…的位移之比为1：

3：

5：

7：

9：

11，

则匀减速运动第4s内和第7s内的位移之比为11：

5，第4s内的位移为22m，则第7s内的位移为10m．

物体的弹性和弹力．

【分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；

再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小．

在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力为：

F=mgtan45°

=10×

1=10N；

小球所受的最大静摩擦力为：

f=μmg=0.2×

10N=2N，

根据牛顿第二定律得小球的加速度为：

a=

=8m/s2；

故ABD错误，C正确

【考点】摩擦力的判断与计算．

【分析】通过对A和A与B整体受力分析，通过共点力平衡，求出各自受到的摩擦力大小．

AB、隔离对A分析，A受重力和支持力平衡，不受摩擦力，所以A与B间无摩擦．故A错误，B正确；

C、AB整体在水平方向上受拉力和地面的摩擦力作用，

根据共点力平衡，知B受到的摩擦力等于F或等于2μmg，而方向水平向左．故CD正确．

BCD．

【考点】滑动摩擦力；

力的合成与分解的运用；

共点力平衡的条件及其应用．

【分析】对物体受力分析，由于传送带是向上运动的，对物体的受力没有影响，所以物体的运动状态不变．

由于传送带是向上转动的，在传送带启动前后，物块都只受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力，物块受力不变，所以其下滑的速度也不变．

故选CD

作用力和反作用力．

【分析】开始时两块磁铁在底板上处于静止，说明磁铁间的吸引力不大于最大静摩擦力．突然竖直向上平移时，先加速上升后减速上升，先处于超重状态，后处于失重状态，失重时磁铁所受的最大静摩擦力减小，两块磁铁可能碰在一起．同样，分析突然竖直向下平移的情形．

A、开始时两磁铁静止不动，说明磁铁水平方向受到的合外力等于0，说明磁铁间的作用力一定等于磁铁受到的静摩擦力，而且，磁铁间的作用力不大于最大静摩擦力．当磁铁向上到A′B′处时，两个条形磁铁吸在了一起，所以磁铁间存在吸引力，故A错误，B正确．

C、第

（1）过程中磁铁开始滑动时，说明磁铁间的吸引力大于最大静摩擦力，吸引力不变，说明最大静摩擦力减小了，可知磁铁对板的压力减小，磁铁处于失重状态，

加速度方向向下，说明平板正在向上减速，故C错误．

D、第

（2）过程中磁铁开始滑动时，说明磁铁间的吸引力大于最大静摩擦力，吸引力不变，说明最大静摩擦力减小了，可知磁铁对板的压力减小，磁铁处于失重状态，

加速度方向向下，说明平板正在向下加速，故D正确．

BD

匀变速直线运动的图像．

【分析】物块滑上传送带后，结合摩擦力的方向，得出物块的直线运动有几种可能：

1、一直做匀速直线运动；

2．滑到另一端一直做匀减速直线运动，3、先做匀减速直线运动，再做匀速直线运动；

4．一直做加速运动；

5．先做加速运动，后做匀速直线运动．

A、若二者的速度相等，则物块做匀速直线运动．故A图是可能的；

B、若物块的速度小于传送带的速度，物块可能先做加速运动，后做匀速直线运动．故B是可能的；

C、物块的速度开始时大于0．故C错误；

D、若物块的速度大于传送带速度，物块做匀减速直线运动，物块滑上传送带后，物块可能先做匀减速直线运动，当速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，速度的方向保持不变，故D是可能的．

ABD

（1）为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，将得到的实验数据做出图象如图所示，该弹簧的劲度系数k=　54　N/m（结果保留两位有效数字）；

（2）在做“验证力的平行四边形定则”实验中，若由于F1的误差使F1与F2的合力F方向略向左偏，如图所示，但F大小等于F′，引起这一结果的原因可能是F1的大小比真实值偏　大　，F1的方向使它与F2的夹角比真实值偏　大　．

【考点】验证力的平行四边形定则．

【分析】

（1）根据图象的斜率表示劲度系数求解；

（2）以F2和F′为平行四边形的邻边和对角线，作平行四边形，从而确定F1大小和方向的误差．

（1）根据图象斜率表示劲度系数得：

k=

=54N/m

（2）根据F2和F′为平行四边形的邻边和对角线，作平行四边形，如图所示，

根据图象知，F1的大小比真实值偏大，F1的方向使它与F2的夹角比真实值偏大．

故答案为：

54，大，大

13．在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带．已知计时器打点的时间间隔为0.18s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为　0.10　s．用刻度尺量得OA=1.00cm、AB=1.60cm、BC=2.20cm、CD=2.80cm．由此可知，纸带做　匀加速　运动（选填“匀加速”或“匀减速”），打C点时纸带的速度大小为　0.25　m/s，纸带的加速度大小为　0.60　m/s2（结果保留小数点后两位）

【考点】探究小车速度随时间变化的规律．

【分析】根据纸带上相邻点的距离间隔判断小车的运动情况．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，

纸带上相邻计数点的距离在增大，而且相邻计数点的距离之差不变，所以纸带做匀加速运动．

利用匀变速直线运动的推论得：

vC=

=0.25m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，

得：

=0.60m/s2．

0.10，匀加速，0.25，0.60．

【考点】验证牛顿第二运动定律．

【分析】在“验证牛顿第二定律”的实验中，通过控制变量法，先控制m一定，验证a与F成正比，再控制F一定，验证a与m成反比；

实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘（包括盘中的砝码）质量来减小实验的误差！

实验时先接通电源后释放纸带．

A、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动．故A错误；

B、每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故B正确．

C、实验时先接通电源后释放纸带，故C错误；

D、小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式求出，这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系．故D错误．

故选B

【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，该实验是探究加速度与力的关系，采用控制变量法进行研究．根据图象得出两个变量之间的关系，知道钩码所受的重力代替小车所受合外力的条件．

本实验要探索“加速度和力的关系”所以应保持小车的总质量不变，钩码所受的重力作为小车所受合外力；

由于OA段a﹣F关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；

设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得：

mg=Ma

，

而实际上a′=

，可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M