功和能习题解答文档格式.docx
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地球
选择题
3
图
A
C.LB
D.LB
C。
由角动量守恒,得
vB
vA,故
EkA。
4.
对功的概念有以下几种说法:
(1)
保守力作正功时,系统内相应的势能增加.
(2)
质点运动经一闭合路径,保守力对质点作的功为零.
(3)
作用力和反作用力大小相等、方向相反,所以两者所作功的代数和必为零.
在上述说法中:
(1)、
(2)是正确的;
B.
(2)、(3)是正确的;
只有
(2)是正确的;
D.
只有(3)是正确的.
5.
如图所示,足够长的木条
置于光滑水平面上,另一木块
在
的粗糙
平面上滑动,则
A、B
组成的系统的总动能:
A.不变
B.增加到一定值
C.减少到零
5
D.减小到一定值后不变
D。
的粗糙平面上滑动,摩擦力最终使
相对于
静止下来,
根据质点系的动能原理,它做的功使系统的总动能减少。
当
不动时,
摩擦力就不再做功,系统的总动能也就不再变化。
6.
人造卫星绕地球作圆周运动,由于受到稀薄空气的摩擦阻力,人造卫星
的速度和轨道半径的变化趋势应为:
A.速度减小,半径增大B.速度减小,半径减小
C.速度增大,半径增大D.速度增大,半径减小
系统机械能
E
GMm
2r
系统的机械能将减少。
因此
r
将减小。
,由于阻力做负功,根据功能原理可知
再根据圆周运动方程为
mv
2
GMm
GM
,
v
=
2
r
,因此速度将增大。
7.
一条长为
L
米的均质细链条,如图所示,一半平直放在光滑的桌面上,
另一半沿桌边自由下垂,开始时是静止的,当此链条末端滑到桌边时(桌高大于
链条的长度),其速率应为:
A.
gLB.
gL
C.
3gLD.
1
3gL
运动过程中机械能守恒,则以桌面为零
势能点,初始时机械能为
-
8
mgL
,其中
m
为链条的质
11
量;
链条末端滑到桌边时机械能为mv
-mgL
两
22
7
者相等,得:
8.
一竖直悬挂的轻弹簧下系一小球,平衡时弹簧伸长量为d.现用手将小
球托住,使弹簧不伸长,然后将其释放,不计一切摩擦,则弹簧的最大伸长量:
A.dB.d/2;
C.
2d;
D.条件不足无法判定.
设弹簧的最大伸长量为
x,由机械能守恒,有
mgx
kx
由:
mg
kd
所以有:
x
2d
二
填空题
质量m=1
kg
的物体,在坐标原点处从静止出发在水平面内沿x
轴运动,
其所受合力方向与运动方向相同,合力大小为F
=3+2x
(SI),那么,物体在开
始运动的3
内,合力所作的功W
=________________;
且x=3
时,其速率
v
=________________________.
18
J
;
6
ms–1
合力所作的功为:
W
⎰3
Fdx
(3
+
x)dx
18J
00
由动能定理
1
⋅
s
-1
一颗速率为700
ms–1的子弹,打穿一块木板后,速率降到500
ms–1。
如果让它继续穿过厚度和阻力均与第一块完全相同的第二块木板,则子弹的速率
将降到______________________________.(空气阻力忽略不计)
答案是100
由动能定理,木板对子弹所作的功为:
21
设子弹穿透第二块木板的速率为
v,有:
所以
=2v
100m
将一劲度系数为
k
的轻弹簧竖直放置,下端悬一质量为
的小球,开始
时使弹簧为原长而小球恰好与桌面接触,今将弹簧上端缓慢地提起,直到小球刚
能脱离桌面为止,在此过程中外力作功为。
答案是
g
2k
质量分别为
m’的两个粒子开始处于静止状态,且彼此相距无限远,
在以后任一时刻,当它们相距为
d
时,则该时刻彼此接近的相对速率
为。
答案是2G(m
m'
)
d
设质量为
m′
的两个粒子当它们相距为
时的速率分别为
v1
v2,显然速度的方向相反。
在它们运动过程中只受到相互间的万有引力作用,
因此系统的机械能和动量均守恒。
根据题意,相距无限远时系统的总能量为零。
因此有
11Gmm'
+m
-=
12
从以上两式解出v
因此两个粒子彼此接近的相对速率为
2Gm'
(m
mm
m
2Gm'
+v
=v
==
1211
如图所示,一质量为
的物体位于质量可以忽略的直立
2G(m
y
m
弹簧上方高度为
h
处,该物体从静止开始落向弹簧,设弹
簧的劲度系数为
k,若不考虑空气阻力,则物体可能获得
的最大动能为。
h
o
E
kmax
mgh
+
填空题
以弹簧的平衡位置为原点,选该点为重力势能零点,则物体初始
的机械能为
mgh。
物体与弹簧接触后,弹簧被压缩,物体的机械能守恒:
mgy
ky
mgh
k
dEmg
由;
dyk
kmax
逃逸速率大于真空中光速的天体称为黑洞,设黑洞的质量等于太阳的质
量,为×
1030kg,引力常数为
G=
×
10–11Nm2kg–1,真空光速
c
108
ms–1,
则按经典理论该黑洞可能的最大半径为m。
答案是×
103m
由第二宇宙速度公式,物体要脱离太阳引力所需的速度为:
=2Gm
0
为太阳的质量。
令
等于光速
c,得到
R
2Gm
/
2.96
⨯
10
一质量为
2kg
的物体与另一原来静止的物体发生弹性碰撞后仍沿原方向
继续运动,但速率仅为原来的四分之一,则被碰撞物体的质量为。
1.2
kg
由弹性碰撞的速度公式:
(m1
m2
)v10
2m2
20
3
三
计算题
如图,一质点在平面内作圆周运动,有一力
(
xi
yj)
作用在质点
上。
在该质点从坐标原点(0,0)运动到
(2R,0)位置过程中,求此力对质点所
作的功。
解
根据式(4.1.4),有
W
ab
⎰b(F
dx
dy)
⎰2R
xdx
⎰0
ydy
x
y
2R
2F
R
O
2R
x
计算题
用铁锤把钉子水平敲入木板,设钉子受到的阻力与钉子打入的深度成正
比。
第一次打击,能把钉子打入木板1cm,如第二次打击时,保持第一次打击钉
子时的速度,求第二次钉子打入的深度。
阻力与深度成正比,有
kx,两次敲击钉子的条件相同,钉子获得
的动能也相同,所以阻力对钉子作的功相同:
0.010.01+∆x
00.01
得:
∆x
0.0041m
0.41cm
质量为
2×
103kg
的子弹以
500
ms–1
的速率水平飞出,射入质量为
1kg
的静止在水平面上的木块,子弹从木块穿出后的速率为100
ms–1,而木块向前
滑行了
0.2m。
求:
(1)木块与平面间的滑动摩擦因数;
(2)子弹动能和动量的减少量。
得木块在子弹穿出后的速率为
m(v
v)2
-3
(500
100)
V
===
0.8
-1
m1
由动能原理,木块与平面间的滑动摩擦力作的功等于木块损失的动能,即
-μ
gx
∆E
f0
km0
m0V
得μ
(2)子弹动能减少
0.64
0.163
2gx
9.8
0.2
km
子弹动量减少
以线密度的细线弯成半径为
的圆环,将一质量为
m0
的质点放在环
中心点时,求圆环和质点的引力势能。
解将圆环分成无限多个线元,在圆环上任取一个线元,长
dl,则其质量
为
dm
λ
l
Rdθ
线元
和质点
之间的引力势能为
dE
p
Gm
dm
-Gm
λdθ
圆环和质点
⎰
⎰2π
λdθ
-2πGm
λ
pp00
如圆环的质量为
m,则可写作
力,使其轨道半径收缩到
R2。
设地球质量为
mE,试计算:
)卫星动能、势能和
Gm0
p0
一颗质量为
的人造地球卫星,沿半径为
R1
圆形轨道运动,由于微小阻
(1
机械能的变化;
(2)引力作的功;
(3)阻力作的功。
(1)卫星所受的地球引力提供其作圆周运动的向心力,则
Gmm
mv2
由此得卫星的动能为
mv2
动能的变化为
∆E
势能的变化为
(-
GmmE
)
(-
-(
上式表明:
-2∆E
pk
机械能的变化
-∆E
kpk
(2)引力是保守内力,它作的功等于势能的减少,即
2∆E
Gpk
(3)根据系统的功能原理,阻力作的功等于系统机械能的变化,即
我们可以看到,在这个过程中空气阻力作负功,地球引力作正功,且其值为
阻力所作负功的绝对值的两倍。
尽管系统机械能减少,但是卫星的动能增加了。
弹簧原长等于光滑圆环半径R.当弹簧下端悬挂质量
为m
的小环状重物时,弹簧的伸长也为R.现将弹簧一端系
于竖直放置的圆环上顶点A,将重物套在圆环的B
点,AB
长
为
,如图所示.放手后重物由静止沿圆环滑动.求当重物
滑到最低点C
时,重物的加速度和对圆环压力的大小.
重物沿圆环滑动过程中,只有重力和弹力做功,所以机械能守恒,如图
所示,有:
111
k∆l
mg
(2R
1.6R
cosθ
=k∆l2
+mv
BCC
其中
∆l
0.6R
∆l=
BC
由题意可知:
kR
,即
v
gR
C
重物在圆环
C
处所受的力为重力、弹力
和环的支持力
N,
都沿着竖直方向,所以重物在
点的加速度为:
a
=C
由牛顿第二定律有:
N
0.8mg
劲度系数为
360
Nm–1
的弹簧,右端系一质量为
0.25kg
的物体
A,左端固定于墙上,置于光滑水平台面上,
物体
右方放一质量为
0.15kg
B,将
和弹簧
一同压缩
0.2m,然后除去外力,求:
刚脱离时
的速度;
脱
离后,A
继续向右运动的最大距离。
AB
一起运动,机械能守恒,当两物体运动到弹簧原长位置时,
两物体将要分离,此时两物体的速度
满足
6.0
s-1
向右运动的最大距离
x2
11m
8.
如图所示,两根绳上分别挂有质量相等的两个小球,两球碰撞时的恢复
系数
e
球
由如图所示的静止状态释放,撞击球
B,刚好使球
到达绳成水
平的位置,试证明球
释放前的张角应满足
cos=
9。
证:
设球到达最低点速率为
v,则有
2l
(1
得到
4
gl
cos
θ
2l
4
设碰撞后两球速率为
vA
、vB,则有
=BA
0.5
BA
由动量守恒
mvB
+mvA
mv
由以上两式联立解得
在碰撞后的运动中机械能守恒
mgl
即
19
⨯⨯
4gl(1
216
解得
l
8
9
9.
的钢球,系在一长为
的绳一端,绳另一端固定,
现将球由水平位置静止下摆,当球到达最低点时与质量为
m0,静止于水平面上的
钢块发生弹性碰撞,求碰撞后
的速率。
球下摆过程中机械能守恒mgR=
mv2/2
球速率
=2
碰撞前后动量守恒,设碰撞后
的速率分别
v2,所以
=mv1+
m0v2
因为发生弹性碰撞,所以碰撞中动能是守恒的
9
联之解得v
=2mv
2m
2gR
10.
的运动粒子与一质量为
的静止靶粒子作弹性对心碰撞,
求靶粒子获得最大动能时的
值。
根据动量守恒mv
kmv
01
(1)
由
(1)式得到
v1=
v0kv2,代入
(2)式
12v
靶粒动能E
=km(0
dE
dk
则有当
k=1
时,Ek最大。